題意:
給你n本書以及每本書的權值,現在讓你把n本書放到k個書架上(只有連續的幾本書可以放到一個書架上),每個書架的權值是書架上每本書的權值加和,總的"beauty"是每個書架權值按位與的結果,要求輸出最大的"beauty"。
思路:
因爲要求總"beauty"是所有書架權值的按位與的結果,所以對於總"beauty"的二進制,位數越高的1的價值越大,所以可以從高位開始枚舉這一位是否能取1,如果能取一定可以更新答案。初始ans爲0,每枚舉一位,判斷ans|1<<i是否可以取到(因爲ans一定是目前爲止可以取到的最大結果),判斷時是個比較明顯的區間dp:dp[i][j]表示連續j個數分成i段是否符合,能否符合用前綴和考慮,如果(sum[r]-sum[l-1])&x==x,則[l,r]這一段的和可以取到x。
AC代碼:
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Author: StupidTurtle
Date: 2018.5.28
Email: [email protected]
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#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll ;
const int oo = 0x7f7f7f7f ;
const int maxn = 1e6 + 7 ;
const int mod = 1e9 + 7 ;
int n , k , dp[55][55] ;
ll sum[55] , ans ;
bool check ( ll x ){
memset ( dp , 0 , sizeof(dp) );
dp[0][0] = 1 ;
for ( int i = 1 ; i <= k ; i ++ ){
for ( int j = 1 ; j <= n ; j ++ ){
for ( int p = 1 ; p <= j ; p ++ ){
if ( ( ( sum[j] - sum[p-1] ) & x ) == x && dp[i-1][p-1] == 1 ) dp[i][j] = 1 ;
}
}
}
return dp[k][n] ;
}
int main(void){
scanf("%d%d",&n,&k );
for ( int i = 1 ; i <= n ; i ++ ){
scanf("%I64d",&sum[i] );
sum[i] += sum[i-1] ;
}
for ( int i = 60 ; i >= 0 ; i -- ){
if ( check(ans|1LL<<i) ) ans |= 1LL << i ;
}
printf("%I64d\n",ans );
return 0 ;
}