int開成bool,調了半天...
設ok[i][j]表示模板串[i, j]這段是否能被刪除完,再設dp[i]表示模板串[1, i]刪除之後最少剩多少字母,那麼顯然有
dp[i] = dp[i - 1] + 1
if(ok[j][i]) dp[i] = min(dp[i], dp[j - 1])
現在考慮如何得到ok[i][j]。
設f[i][j][k][t]表示模板串[i, j]能否能表示第k個單詞的前t個字母,那麼有轉移
f[i][j][k][t] |= f[i][j - 1][k][t - 1] && 第k個單詞的第t個字母 == 模板串的第j個字母
注意這個轉移並沒有考慮模板串可以刪除這個條件,於是還得額外轉移。
枚舉區間[i, j]的分割點d,那麼有轉移
if(ok[d + 1][j]) f[i][j][k][t] |= f[i][d][k][t]
求出f後,然後考慮怎麼求出ok數組
顯然ok[i][j] |= f[i][j][k][len[k]]...
注意枚舉i的時候,可以逆序枚舉,這樣可以省點空間。
另外因爲t不超過20,所以可以壓一下,這樣更快。(懶得寫了)
/* Forgive me Not */
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int maxn = 160, maxs = 32, maxl = 25;
int n, len[maxs], dp[maxn];
char s[maxn], str[maxs][maxl];
bool f[maxn][maxs][maxl], ok[maxn][maxn];
int main() {
scanf("%s%d", s + 1, &n); int l = strlen(s + 1);
for(int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%s", str[i] + 1);
len[i] = strlen(str[i] + 1);
}
for(int i = l; i; i--) {
memset(f, 0, sizeof(f));
for(int k = 1; k <= n; k++)
f[i - 1][k][0] = 1;
for(int j = i; j <= l; j++) {
for(int k = 1; k <= n; k++)
for(int t = 1; t <= len[k]; t++)
f[j][k][t] |= f[j - 1][k][t - 1] && str[k][t] == s[j];
for(int d = i; d <= j; d++) if(ok[d + 1][j])
for(int k = 1; k <= n; k++)
for(int t = 1; t <= len[k]; t++)
f[j][k][t] |= f[d][k][t];
}
for(int j = i; j <= l; j++)
for(int k = 1; k <= n; k++)
ok[i][j] |= f[j][k][len[k]];
}
for(int i = 1; i <= l; i++) {
dp[i] = dp[i - 1] + 1;
for(int j = 1; j <= i; j++) if(ok[j][i])
dp[i] = min(dp[i], dp[j - 1]);
}
printf("%d\n", dp[l]);
return 0;
}