Codeforces Round #535 (Div. 3) A B C D E1

A. Two distinct points
題解：特判判斷一下兩個區間的左右關係即可。直接輸出邊界。

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("input.in","r",stdin);
#endif
	int q;
	cin >> q;
	int l1,l2,r1,r2;
	while(q--) {
		cin >> l1 >> r1 >> l2 >> r2;
		int a,b;
		if(l1 == r2) {
			l1++;
		}
		cout << l1 << ' ' << r2 << endl;
	}
    return 0;
}

B. Divisors of Two Integers
題解：首先數組中最大的一個數肯定是一個答案，我們將其當做$x$，那麼我們將$x$的因子全都刪去，數組中剩下的最大的肯定就是$y$了。

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;
int d[200];
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("input.in","r",stdin);
#endif
	int n;
	cin >> n;
	for(int i = 0; i < n; ++i) {
		cin >> d[i];
	}
	sort(d,d + n);
//	int t = 1, k = 1;
	long long x = *max_element(d,d+n);
	for(int i = 1; i <= x; ++i) {
		if(x % i == 0) {
			for(int j = 0; j < n; ++j) {
				if(i == d[j]) {
					d[j] = -1;
					break;
				}
			}
		}
	}
	long long y = 1;
	int t1 = *max_element(d,d+n);
	//1 1 2 2 4 4 5 8 10 20
	//1 2 4 8 
	//1 2 4 5 10 20
	cout << x << ' ' <<t1 << endl;
    return 0;
}

C. Nice Garland
題解：我們通過觀察就可以發現，最終的排列只會是$abcabcabc...$這樣三個三個的排列，因此我們只需要暴力枚舉$RBG$的全排列答案取$min$即可。

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("input.in","r",stdin);
#endif
    int n;
    cin >> n;
    string s;
    cin >> s;
    //RBRRGG
    int min1 = 1e9;
    string ans = s, t = s;
    string v[6] = {"RGB","RBG","BRG","BGR","GRB","GBR"};
    int k = 0;
    while(k < 6)
    {
        int cnt = 0;
        s = ans;
        for(int i = 0; i < n; ++i) {
            if(s[i] != v[k][i % 3]) {
                cnt++;
                s[i] = v[k][i % 3];
            }
        }
        if(min1 > cnt) {
            min1 = cnt;
            t = s;
        }
        //cout<<v[k]<<endl;
        k++;
    }
    cout<<min1<<endl;
    cout<<t<<endl;
    return 0;
}

D. Diverse Garland
題解：對於樣例$RBGRRBRGG$我們觀察即可知道，只有遇到前後兩個字母相同的時候才需要更換字母，爲了更換次數最少，因此我們需要考慮更換的字母是否和後一個是否相同，枚舉一下即可。

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("input.in","r",stdin);
#endif
    int n;
    cin >> n;
    string s;
    cin >> s;
    //RBRRGG
    //
    string ans = s, t = s;
    //RBGRGRRGG
    //RBGRBRBR
    string tt = "RGB";
    int cnt = 0;
    for(int i = 0; i < n - 1; ++i) {
        if(s[i] == s[i + 1]) {
            for(int j = 0; j < 3; ++j) {
                if(i + 2 < n && s[i + 2] != tt[j] && s[i + 1] != tt[j]) {
                    s[i + 1] = tt[j];
                    cnt++;
                    break;
                }
            }
        }
        if(i == n - 2) {
            if(s[i] == s[i + 1]) {
                for(int j = 0; j < 3; ++j) {
                    if(s[i] != tt[j]) {
                        s[i + 1] = tt[j];
                        cnt++;
                        break;
                    }
                }
            }
        }
    }
    cout<<cnt<<endl;
    cout<<s<<endl;
    return 0;
}

E1. Array and Segments (Easy version)
題解：因爲只有區間減一的操作，首先我們可以確定如果想要差值最大，那麼肯定就是讓儘可能多的區間覆蓋值最小的數，這樣可以最大化差值，因此我們可以$O(n^2)$枚舉$a[i] - a[j]$，找出區間覆蓋最小值最多的並計算出答案。

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;
int a[301],l[301],r[301];
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("input.in","r",stdin);
#endif
    int n,m;
    cin >> n >> m;
    for(int i = 0; i < n; ++i) {
        cin >> a[i];
    }
    for(int i = 0; i < m; ++i) {
        cin >> l[i] >> r[i];
        l[i]--, r[i]--;
    }
    int ans = 0;
    vector<int> v;
    for(int i = 0; i < n; ++i) {
        for(int j = 0; j < n; ++j) {
            if(i == j) continue;
            int dif = a[j] - a[i], cnt = 0;
            int tmp[301] = {0};
            for(int k = 0; k < m; ++k) {
                if(l[k] <= i && r[k] >= i && (l[k] > j || r[k] < j)) {
                    dif++;
                    tmp[cnt++] = k + 1;
                }
            }
            if(dif > ans) {
                ans = dif;
                v.clear();
                for(int k = 0; k < cnt; ++k) {
                    v.push_back(tmp[k]);
                }
            }
        }
    }
    cout << ans << endl << v.size() << endl;
    for(int i = 0; i < v.size(); ++i) {
        printf("%d%c",v[i], i == v.size() - 1 ?'\n' :' ');
    }
    return 0;
}