http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5818
比較簡單巧妙的一個做法是引入一個新的棧C,每次合併的時候就把A和B合併到C上,然後把A和B都清空. push還是按正常做,pop注意當遇到要pop的棧爲空時,因爲題目保證不會對空棧進行pop操作,所以這時應直接改爲對C棧進行pop操作. 這樣做因爲保證每個元素最多隻在一次合併中被處理到,pop和push操作當然也是每個元素只做一次,所以總複雜度是O(N)的. 另一種做法是用鏈表來直接模擬,複雜度也是O(N),但代碼量稍大一些.
將所有的未被刪點存入一個數組裏,用三個變量標記一下棧A,棧B,和公共棧,的棧頂。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=210000;
struct node{
int pre; ///左邊下標
int next; ///右邊下標,即棧頂的第二個元素
int val;
}p[N];
int num=0,n,head;
int top[2];
int a[2][N];
int toop;
int build(int pre,int next,int val){
p[num].pre=pre;
p[num].next=next;
p[num].val=val;
return num++;
}
void push(int ind,int d){
int now = build(-1,-1,d);
p[now].next=p[head].next;
if(p[head].next!=-1)
p[p[head].next].pre=now;
p[now].pre=head;
p[head].next=now;
a[ind][++top[ind]]=now;
}
void pop(int ind){
if(!top[ind]){
printf("%d\n",p[toop].val);
if(p[toop].next!=-1)
p[p[toop].next].pre=p[toop].pre;
p[p[toop].pre].next=p[toop].next;
toop=p[toop].next; ///棧頂的指針改變
}
else{
int now=a[ind][top[ind]]; top[ind]--;
printf("%d\n",p[now].val);
if(p[now].next!=-1)
p[p[now].next].pre=p[now].pre;
p[p[now].pre].next=p[now].next;
}
}
int main(){
char s1[10],s[10],s2[19];
int d;
int cas=0;
while(~scanf("%d",&n),n){
top[0]=top[1]=0;
printf("Case #%d:\n",++cas);
num=0;
head=build(-1,-1,-1);
while(n--){
scanf("%s",s);
if(s[1]=='u'){
scanf("%s%d",s1,&d);
push(s1[0]-'A',d);
}
else if(s[1]=='o'){
scanf("%s",s1);
pop(s1[0]-'A');
}
else{
scanf("%s%s",s1,s2);
toop=p[head].next; ///用來標記合併時下標,必須,防止以後可能會在另一個棧中存了數
top[0]=top[1]=0;
}
}
}
return 0;
}