確實挺有意思的,暴力就是並查集直接縮,O(nm)
如何快速維護區間是否對應相同?倍增!!!
f[i][j]表示i開始的2^j個字符與誰對應相同,若f[i][j]=k,則從i開始的2^j個字符與從k開始的2^j個字符對應相同
利用RMQ的思想,每次合併對應兩段區間的合併,每次合併f[i][j]和f[k][j]時,把f[i][j-1]與f[k][j-1]、f[i+(1<<(j-1))][j-1]與f[k+(1<<(j-1))][j-1]對應合併,一共O(log n)次操作。
這個思路非常的有趣,沒有做過原題的考場上應該很難想到吧。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define maxn 100010
#define mod 1000000007
using namespace std;
int fa[20][maxn];
int n,T,num;
int find(int k,int x)
{
if (fa[k][x]==x) return x;
return fa[k][x]=find(k,fa[k][x]);
}
void merge(int k,int x,int y)
{
int f1=find(k,x),f2=find(k,y);
if (f1!=f2)
{
fa[k][f1]=f2;
if (!k) return;
merge(k-1,x,y);
merge(k-1,x+(1<<(k-1)),y+(1<<(k-1)));
}
}
int power(int x,int y)
{
int ans=1;
while (y)
{
if (y&1) ans=(long long)ans*x%mod;
x=(long long)x*x%mod;
y>>=1;
}
return ans;
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&T);
if (n==1) {printf("10\n");return 0;}
for (int j=0;j<=19;j++)
for (int i=1;i<=n;i++)
fa[j][i]=i;
while (T--)
{
int l1,r1,l2,r2;
scanf("%d%d%d%d",&l1,&r1,&l2,&r2);
int k=floor(log((double)r2-l2+1)/log(2.0));
merge(k,l1,l2);
merge(k,r1-(1<<k)+1,r2-(1<<k)+1);
}
for (int i=1;i<=n;i++) if (find(0,i)==i) num++;
printf("%d\n",(long long)9*power(10,num-1)%mod);
return 0;
}