鏈接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5352
題意:有N個城市,一開始都處於被地震摧毀的狀態。之後有M個詢問,1 x表示可以將與x相連(包括x)的城市重建(重建後不再被地震破壞),每次能重建的城市的數量小於等於k;2 x y表示在x和y之間建立一條道路相同;3 p x1 y1...xp yp表示有p組道路被破壞,分別是x1 y1...xp yp;現要求每次詢問1 x時要重建幾座城市,使得所有最後重建的城市的數量最多,且重建城市的數量形成的序列的字典序最小。
想法:
感覺是挺難想到的網絡流問題,主要就是模型的確立(網絡流難的一般都是建立模型)。
大致的建圖方式:將所有城市與源點s相連,邊的容量爲1(爲什麼爲1?因爲城市只能被重建一次,建好後便不會被摧毀),費用爲0。將所有1 x的操作弄成節點與匯點t相連,容量爲k(因爲每次最多隻能重建k個城市),費用爲0。並且每次1 x的操作中,將該節點和x聯通的節點都連一條邊,邊的容量爲無窮大,邊的費用是cost(這個等下稍微要有點技巧),就相當於每次的1 x的操作要重建幾座城市。
如果題目要求是的最多建立幾座城市,那麼最大流就夠了,但是這裏要用到最小費用最大流來實現字典序最小。假設cost一開始是一個較大的值,每次操作1 x之後這個cost就自減一個值,這樣做的目的是讓流量優先通過後面操作的1 x,來實現字典序的最小。要輸出答案的話,只要遍歷1 x的節點,將通向匯點的邊的流量記錄下來輸出就是最小字典序
#include<bits/stdc++.h>
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define FOR(i,a,b) for(int i = a;i <= b;i++)
using namespace std;
typedef long long ll;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const int e_maxn = 150000 * 2;
const int v_maxn = 900;
struct ppp
{
int v,nex,cap,flow,c;
}e[e_maxn];
int head[v_maxn],pre[v_maxn],inq[v_maxn],a[v_maxn],dis[v_maxn];
int tole,N,M,s,t,K;
void make_edge(int u,int v,int cap,int c)
{
e[tole].v = v;e[tole].cap = cap;e[tole].c = c;e[tole].flow = 0;e[tole].nex = head[u]; head[u] = tole++;
}
void add_edge(int u,int v,int cap,int c)
{
make_edge(u,v,cap,c);
make_edge(v,u,0,-c);
}
queue<int> que;
void maxflow_mincost(int s,int t,int &flow,int &cost)
{
int temp,v,u;
while(1)
{
mem(inq,0);
mem(dis,0x3f);
a[s] = INF;
dis[s] = 0;
inq[s] = 1;
que.push(s);
mem(pre,-1);
pre[s] = 0;
while(!que.empty())
{
temp = que.front();
que.pop();
inq[temp] = 0;
for(int i = head[temp];~i;i = e[i].nex)
{
v = e[i].v;
if(e[i].cap > e[i].flow && dis[v] > dis[temp] + e[i].c)
{
dis[v] = dis[temp] + e[i].c;
pre[v] = i;
a[v] = min(a[temp],e[i].cap - e[i].flow);
if(!inq[v]){que.push(v);inq[v] = 1;}
}
}
}
if(pre[t] == -1)break;
flow += a[t];
cost += dis[t] * a[t];
for(u = t;u != s;u = e[pre[u] ^ 1].v)
{
e[pre[u]].flow += a[t];
e[pre[u] ^ 1].flow -= a[t];
}
}
}
int ma[202][202];
int vis_v[202];
void dfss(int u)//找於x相連的點用dfs
{
for(int i = 1; i <= N;i++)
if(!vis_v[i] && ma[u][i])
{
vis_v[i] = 1;
dfss(i);
}
}
int main()
{
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
mem(head,-1);
tole = 0;
scanf("%d%d%d",&N,&M,&K);
int cntk = 0;
mem(ma,0);
int a,b,c;
int cost = 9999999;//cost在每次1 x的操作後自減
while(M--)
{
scanf("%d",&a);
if(a == 1){
scanf("%d",&b);
mem(vis_v,0);
vis_v[b] = 1;
dfss(b);
cntk++;
for(int i = 1;i <= N;i++)
if(vis_v[i])
add_edge(i,N + cntk,INF,cost);
cost -= 100;
}else if(a == 2){
scanf("%d%d",&b,&c);
ma[b][c] = 1;
ma[c][b] = 1;
}else if(a == 3){
scanf("%d",&a);
for(int i = 1;i <= a;i++)
{
scanf("%d%d",&b,&c);
ma[b][c] = ma[c][b] = 0;
}
}
}
s = 0,t = N + cntk + 1;
for(int i = 1;i <= N;i++)
add_edge(s,i,1,0);
for(int i = N + 1;i <= N + cntk;i++)
add_edge(i,t,K,0);
int haha = 0,xixi = 0;
maxflow_mincost(s,t,haha,xixi);
int ans[505];
int len = 0;
int summ = 0;
for(int i = N + 1;i <= N + cntk;i++)
{
for(int j = head[i];~j;j = e[j].nex)
{
int v = e[j].v;
if(v == t)
{
summ += e[j].flow;
ans[len++] = e[j].flow;
break;
}
}
}
printf("%d\n",summ);
for(int i = 0;i < len;i++)
{
if(i > 0){
printf(" ");
}
printf("%d",ans[i]);
}
printf("\n");
}
}