最大乘積
給定N個整數A1, A2, … AN。請你從中選出K個數,使其乘積最大。
請你求出最大的乘積,由於乘積可能超出整型範圍,你只需輸出乘積除以1000000009的餘數。
10e9+9
注意,如果X<0, 我們定義X除以1000000009的餘數是負(-X)除以1000000009的餘數。
即:0-((0-x) % 1000000009)
【輸入格式】
第一行包含兩個整數N和K。
以下N行每行一個整數Ai。
對於40%的數據,1 <= K <= N <= 100
對於60%的數據,1 <= K <= 1000
對於100%的數據,1 <= K <= N <= 100000 -100000 <= Ai <= 100000
【輸出格式】
一個整數,表示答案。
【輸入樣例】
5 3
-100000
-10000
2
100000
10000
【輸出樣例】
999100009
再例如:
【輸入樣例】
5 3
-100000
-100000
-2
-100000
-100000
【輸出樣例】
-999999829
方案一、試探當前乘積是否爲最大值。
由於沒有該題測評平臺,該方案不確定能通過所有測試樣例。
有朋友知道該代碼不能過樣例的話,十分歡迎留言討論,我也很想知道:)
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
const ll mod = 1e9+9;
ll ans=1, N, K, sz[100010], k=0;
using namespace std;
int main()
{
cin>>N>>K;
for(int i=0; i<N; i++)
cin>>sz[i];
sort(sz, sz+N);
ll l=0, r=N-1;
while(k!=K)
{
if(sz[l]*sz[l+1] > sz[r]*sz[r-1] && K-k >= 2)
{
ans = ((ans * sz[l])%mod * sz[l+1])%mod;
l = l + 2;
k += 2;
}
else
{
ans = (ans * sz[r])%mod;
r = r - 1;
k++;
}
}
cout<<ans;
return 0;
}
方案二:分類討論不同負數與正數個數情況。相應的情況,對數組元素做出相應處理最大乘積。
思路:
N個數選K個數 K<=N
N個數中負數size1個,正數size2個,一共size個(不包含0)
將正數分到正數組,負數分到負數組,並將兩個數組從小到大排序
1.size<K
必須選擇0 ans=0
2.size=K
2.1 size1是偶數 ans=非0數累乘
2.2 size1不是偶數
2.2.1 K<N 說明有0存在,ans=0
2.2.2 K=N 說明無0存在,ans=全部累乘
3.size>K
3.1 沒有正數
3.1.1 K爲偶數,ans=絕對值最大的那K個負數累乘
3.1.2 K爲奇數
3.1.2.1 size<N ans=0
3.1.2.2 size=N ans=絕對值最小的那K個負數累乘
3.2 沒有負數 ans=最大的那K個正數累乘
3.3 有正有負(尋找正數組、負數組的起始遊標)
3.3.1 正數不足k個,假定正數全部選中,剩餘偶數個負數,等會再來挪動標尺
選完正數後,剩餘可選個數是奇數,正數先少選一個
3.3.2 正數多於k個,假定從正數中先選最大的k個
3.3.2.1 k是偶數 起始遊標:正數組 size1-1 負數組 0
3.3.2.2 k是奇數 起始遊標:正數組 size1-2 負數組 0
雙標尺移動
作用:尋找累乘正數組與負數組哪一段。
操作:看負數遊標起始位置隨後的兩個負數相乘是否大於正數,遊標位置隨後的兩個正數相乘。
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const ll Mod = 1e9+9;
vector <ll> neg, pos;
ll ans, n, k;
ll mul(vector<ll> a, int start, int end)
{
ll ans=1;
for(int i=start; i<=end; i++)
ans = ans * a[i] % Mod;
return ans;
}
int main()
{
cin>>n>>k;
for(int i=1; i<=n; i++)
{
ll x;
cin>>x;
//只處理正數和負數,0不處理
if(x>0) pos.push_back(x);
if(x<0) neg.push_back(x);
}
sort(pos.begin(), pos.end());
sort(neg.begin(), neg.end());
//分類討論
unsigned long sizeSum = pos.size() + neg.size();
// 1.正數和負數的個數不足k,必然有0的存在
if(sizeSum < k)
{
ans=0;
}
// 2.正數和負數的個數恰好爲k
else if(sizeSum == k)
{
//2.1 k與n相等,必須選這k個數,沒有0
if(k==n)
{
ans = mul(pos, 0, pos.size()-1) * mul(neg, 0, neg.size()-1)%Mod;
}
//2.2 k<n,有0的存在
else
{
//2.2.1 可得正數解當且僅當:正數全部選中,負數全部選中且爲偶數個
if(neg.size()%2==0)
{
ans = mul(pos, 0, pos.size()-1) * mul(neg, 0, neg.size()-1)%Mod;
}
//2.2.2 負數是奇數個,全部選中結果爲負數,不全部選中可得0,ans=0
else
{
ans=0;
}
}
}
//3.正數和負數的個數大於k,情況比較複雜
//sum>k
else
{
// 3.1沒有正數,負數和0中選k個
if(pos.size() == 0)
{
//3.1.1 k是偶數
if(k%2==0)
{
ans = mul(neg, 0, k-1);
}
//3.1.2 k是奇數
else
{
//有0
if(sizeSum < n)
ans=0;
//沒有0,必須從所有負數中選奇數個數>=累乘絕對值小的
else//逆向選k個
ans = mul(neg, neg.size()-k, neg.size()-1);
}
}
//3.2 沒有負數
else if(neg.size() == 0)//逆向選k個
ans = mul(pos, pos.size()-k, pos.size()-1);
//3.3 有正數也有負數
else
{
int posStart;
int negEnd;
//3.3.1 正數不足k個
if(k>=pos.size())
{
//假定正數全部選中,剩餘偶數個負數,等會再來挪動標尺
if((k-pos.size()) % 2 == 0)
{
//負數選擇的截止下標
negEnd = k - pos.size() - 1;
//正數選擇的起始下標
posStart = 0;
}
else
{
//剩餘個數是奇數,正數先少選一個
//正數選擇的起始下標
posStart = 1;
//負數選擇的起始下標
negEnd = k - pos.size();
}
}
//正數多於k個,假定從正數中先選最大的k個
else
{
//k是偶數
if(k%2==0)
{
negEnd = -1;
posStart = pos.size() - k;
}
//k是奇數,先少選一個
else
{
negEnd = -1;
posStart = pos.size() - k - 1;
}
}
//雙標尺移動
while(negEnd + 2 < neg.size() && posStart + 2 < pos.size() &&
neg[negEnd + 1] * neg[negEnd +2] > pos[posStart] * pos[posStart + 1])
{
negEnd += 2;
posStart += 2;
}
ans = mul(neg, 0, negEnd) * mul(pos, posStart, pos.size()-1) % Mod;
}
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
希望能夠將自己的一些學習經驗分享給有需要的人。
我是小鄭,一個堅持不懈的小白。