思想
一開始用鄰接表加遞歸，總是超限，後來想想，有了父子關係，那麼輸入就是最好的判斷。
心得
判斷類的題目和求結果不一樣，判斷類的題目往往不用費常複雜的無腦運算，而是通過一些過程的比較和標記對flag進行改變，最終的出判斷結果。
就比如我們的進程管理，也是判斷類，通過設置mark數組，很好的實現了功能，而文件系統的話，畢竟要求出結果的，那就比較無腦了。
/*
輸入樣例
4
1
10
3
10 5 3
1 2
1 3
5
1 2 3 4 5
1 3
1 2
2 4
2 5
5
8 7 6 5 9
1 2
1 3
2 4
2 5
輸出樣例
Yes
No
Yes
*/
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int arr[105];
int main()
{
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
int n;
scanf("%d",&n);
memset(arr,0,sizeof(arr));
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&arr[i]);
}
int flag=1;
for(int i=0;i<n-1;i++)
{
int a,b;
scanf("%d%d",&a,&b);
if(arr[a]>arr[b])
{
flag=0;
}
}
if(flag) printf("Yes\n");
else printf("No\n");
}
return 0;
}
尋找寶藏
- 尋找寶藏
時間限制 1000 ms 內存限制 65536 KB Special Judge
題目描述
有一棵多叉樹T，你在樹根處，寶藏在某一葉子節點L。現在你沿着樹枝向葉子方向走去，從不回頭，如果遇到樹叉節點，你等概率地挑選一個分支繼續走。請問，在給定T，L的情況下，你有多大概率拿到寶藏？
輸入格式
第一行，整數
N M L
(1< N< 1000，0< M< 1000，0< L< N)，分別代表樹T上的節點數、樹枝的個數，寶藏所在節點。樹根爲0號結點。然後有M行，每行兩個整數A，B(0≤ A,B< N)代表從節點A到節點B有一條樹枝。可以假設節點A
總是更靠近樹根。
輸出格式
所求的概率，輸出四捨五入到6位小數，然後換行。
輸入樣例
6 5 5
0 1
1 3
0 2
2 4
2 5
輸出樣例
0.250000
思路
也是利用父子關係，是父親到這個目標節點，每層所有的分支相乘做分母
代碼
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
vector<int>graph[1005];
int father[1005];
int main()
{
int n,m,l;
while(scanf("%d%d%d",&n,&m,&l)!=EOF)
{
memset(graph,0,sizeof(graph));
memset(father,0,sizeof(father));
father[0]=-1;
for(int i=0;i<m;i++)
{
int a,b;
scanf("%d%d",&a,&b);
father[b]=a;
graph[a].push_back(b);
}
double fenmu=1;
while(father[l]!=-1)
{
l=father[l];
fenmu*=graph[l].size();
}
double answer=1.0/double(fenmu);
printf("%.6f\n",answer);
}
return 0;
}
總結
這類技巧性的題型出現概率是很高的，一定要想好思路
先序遍歷
心得：給定了父子關係，可以直接利用數組來模擬指針進行樹的遍歷操作，每次判斷root是否爲-1.
問題描述
代碼
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
/*
2
3
2
2 0 0
2 1 1
7
0
0 1 0
0 2 1
1 3 0
1 4 1
2 5 0
2 6 1
樣例輸出：
2 0 1
0 1 3 4 2 5 6
*/
struct tree{
int left;
int right;
};
tree son[50];
void Preorder(int root)
{
if(root==-1)
{
return ;
}
cout<<root<<" ";
Preorder(son[root].left);
Preorder(son[root].right);
return ;
}
int main()
{
int T;
cin>>T;
while(T--)
{
int n; cin>>n;
for(int i=0;i<n;i++)
{
son[i].left=-1;
son[i].right=-1;
}
int root; cin>>root;
for(int i=0;i<n-1;i++)
{
int a,b,c;
cin>>a>>b>>c;
if(c==0) son[a].left=b;
if(c==1) son[a].right=b;
}
Preorder(root);
cout<<endl;
}
return 0;
}