題幹:
重慶城裏有 n 個車站,m 條雙向公路連接其中的某些車站。
每兩個車站最多用一條公路連接,從任何一個車站出發都可以經過一條或者多條公路到達其他車站,但不同的路徑需要花費的時間可能不同。
在一條路徑上花費的時間等於路徑上所有公路需要的時間之和。
佳佳的家在車站 1,他有五個親戚,分別住在車站 a,b,c,d,e。
過年了,他需要從自己的家出發,拜訪每個親戚(順序任意),給他們送去節日的祝福。
怎樣走,才需要最少的時間?
輸入格式
第一行:包含兩個整數 n,m,分別表示車站數目和公路數目。
第二行:包含五個整數 a,b,c,d,e,分別表示五個親戚所在車站編號。
以下 m 行,每行三個整數 x,y,t,表示公路連接的兩個車站編號和時間。
輸出格式
輸出僅一行,包含一個整數 T,表示最少的總時間。
數據範圍
1≤n≤50000
1≤m≤
1<a,b,c,d,e≤n
1≤x,y≤n,
1≤t≤100
輸入樣例:
6 6
2 3 4 5 6
1 2 8
2 3 3
3 4 4
4 5 5
5 6 2
1 6 7
輸出樣例:
21
思路:
首先分析題幹,要我們求一個最短路,必須經過a,b,c,d,e(順序可以變更),例:1->a->…->b->c->d->…->e。所以我們要枚舉這五個點的順序,然後對每種順序跑五次最短路(別忘了從1開始,所以要跑五次)(因爲最短路會保存從起點到所有點的最短路數組)。
但是先枚舉在跑最短路複雜度是即,k稍微大一點就會破1e8,容易超時(spfa已經是最短路最快的了…)。
但是我們發現其實不需要做多次,在枚舉順序的時候最短路重複做了;所以我們可以先跑最短路再枚舉順序,這樣複雜度就是。
要注意的細節在代碼中。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <vector>
using namespace std;
const int M = 50010;
struct stu{
int next;
int cost;
};
vector<stu> map[M];
int n,m,scource[6],dis[6][M];
bool vis[M];
void add(int u,int v,int c){
stu t;
t.next=v;
t.cost=c;
map[u].push_back(t);
}
void spfa(int sc,int dis[]){
memset(dis,0x3f,4*M);
queue<int> q;
vis[sc]=true;
dis[sc]=0;
q.push(sc);
while(!q.empty()){
int u=q.front();
q.pop();
vis[u]=false;
//回收當前點的標記
for(int i=0;i<map[u].size();i++){
int v=map[u][i].next;
if(dis[v]>dis[u]+map[u][i].cost){
dis[v]=dis[u]+map[u][i].cost;
if(!vis[v]){
q.push(v);
vis[v]=true;
}
}
}
}
}
int dfs(int now,int sta,int distance){
if(now>5)
return distance;
//當前最小值
int ans=0x3f3f3f3f;
//枚舉順序
for(int i=1;i<=5;i++){
if(!vis[i]){
int next=scource[i];
vis[i]=true;
ans=min(ans,dfs(now+1,i,dis[sta][next]+distance));
vis[i]=false;
}
}
return ans;
}
int main(){
int a,b,c;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<6;i++)
scanf("%d",&scource[i]);
scource[0]=1;
for(int i=0;i<m;i++){
scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
add(a,b,c);
add(b,a,c);
}
for(int i=0;i<6;i++){
memset(vis,false,sizeof(vis));
//其實這裏可以不用初始化,因爲spfa會回收vis數組。。
spfa(scource[i],dis[i]);
}
memset(vis,false,sizeof(vis));
//這裏其實也不用。。。
printf("%d\n",dfs(1,0,0));
//直接dfs遍歷順序
return 0;
}