题目描述
给定一个非空字符串 s 和一个包含非空单词列表的字典 wordDict，判定 s 是否可以被空格拆分为一个或多个在字典中出现的单词。
说明：
拆分时可以重复使用字典中的单词。
你可以假设字典中没有重复的单词。
示例 ：
输入: s = “catsandog”, wordDict = [“cats”, “dog”, “sand”, “and”, “cat”]
输出: false
来源：力扣（LeetCode）
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算法思路
好久没有认真的刷算法题了啊，今天做每日一题认真的写一下。
DFS
这里我的第一思路和这位大佬一模一样的：【手绘图解】三种方法及其优化：DFS、BFS、动态规划，这里偷一下大佬的图。
算法如下：
class Solution:
def wordBreak(self, s: str, wordDict: List[str]) -> bool:
# 先将列表转为集合方便查找
wordDict=set(wordDict)
return self.hel(s,wordDict)
# 使用辅助方法进行DFS| 深度优先搜索
def hel(self,s,w):
# 结束条件：s='' or 遍历完了字符串都没触发递归。
if not s:return True
t=''
for i in range(len(s)):
t+=s[i]
if t in w:
if self.hel(s[i+1:],w):return True
return False
Python是真的简洁。
且同样死在了一个实例上：
DFS未优化 代码 超时
通过23/36个用例，遇到这种测试用例，超时：
aaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaab,
["a","aa","aaa","aaaa","aaaaa","aaaaaa","aaaaaaa","aaaaaaaa","aaaaaaaaa","aaaaaaaaaa"]
在重复计算这里是有点懵逼的，但是仔细想想就能理解，第一次是将单词拆成"a"，递归的结果是F，这意味着对递归的任何一个部分来说，如果某个单词拆分出了"a"，之后指向的一定是错误的结果……
所以将单词"a"放入一个集合，下次递归前进行判断，如果在集合里就不递归了。
class Solution:
def wordBreak(self, s: str, wordDict) -> bool:
wordDict = set(wordDict)
self.d=set()
return self.hel(s, wordDict)
def hel(self, s, w):
if not s: return True
t = ''
for i in range(len(s)):
t += s[i]
if t in w:
## 更新部分：去除重复计算
if t not in self.d:
if self.hel(s[i + 1:], w): return True
else:self.d.add(t)
##
return False
执行用时：48 ms, 在所有 Python3 提交中击败了78.16%的用户
内存消耗：13.9 MB, 在所有 Python3 提交中击败了16.67%的用户
算了今天就写到这，以后填坑。