1450:【例 3】Knight Moves
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【題目描述】
原題來自:POJ 1915
編寫一個程序,計算一個騎士從棋盤上的一個格子到另一個格子所需的最小步數。騎士一步可以移動到的位置由下圖給出。
【輸入】
第一行給出騎士的數量 n。
在接下來的 3n 行中,每 3 行描述了一個騎士。其中,
第一行一個整數 L 表示棋盤的大小,整個棋盤大小爲 L×L;
第二行和第三行分別包含一對整數 (x,y),表示騎士的起始點和終點。假設對於每一個騎士,起始點和終點均合理。
【輸出】
對每一個騎士,輸出一行一個整數表示需要移動的最小步數。如果起始點和終點相同,則輸出 0。
【輸入樣例】
3
8
0 0
7 0
100
0 0
30 50
10
1 1
1 1
【輸出樣例】
5
28
0
【提示】
對於 100% 的數據,有 4≤L≤300,保證 0≤x,y≤L−1。
思路:
這道題可以用雙向寬度搜索優化給定了起始狀態和結束狀態,求最少步數,顯然是用BFS,爲了節省時間,選擇雙向BFS。雙向BFS,即從起點向終點搜,從終點向起點搜,擴展各自的狀態,直到出現兩者擴展的狀態重合優化:每次選擇結點少的擴展。
```#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
using namespace std;
struct node
{
int x,y;
}q[2][100001]; //定義兩個隊列
int text,ans,n,l[2],r[2];
int dis[2][301][301],v[2][301][301];
int dx[8]={-2,-2,-1,-1,1,1,2,2}; //位移
int dy[8]={-1,1,-2,2,-2,2,-1,1};
int expand(int k) //對隊列 k 進行擴展
{
int t,i,j,x,y,d,tx,ty;
x=q[k][l[k]].x;
y=q[k][l[k]].y;
d=dis[k][x][y];
for(int i=0;i<8;i++) //八個方向擴展
{
tx=x+dx[i]; //新點
ty=y+dy[i];
if(tx>=0&&tx<=n&&ty>=0&&ty<=n&&!v[k][tx][ty]) //合法而且沒走過
{
v[k][tx][ty]=1; //標記走過
r[k]++; //入隊
q[k][r[k]].x=tx;
q[k][r[k]].y=ty;
dis[k][tx][ty]=d+1; //記錄步數
if(v[1-k][tx][ty])
//判斷另一個隊列中是否已經走過這個點,也就是判斷是否重合相遇
//如果相遇,就找到了一條完整的最短路徑
//k=0時,1-k=1
//k=1時,1-k=0
{
ans=dis[k][tx][ty]+dis[1-k][tx][ty];
return 1;
}
}
}
return 0;
}
void bfs()
{
if(q[0][1].x==q[1][1].x&&q[0][1].y==q[1][1].y) //起點終點本就相同
{
ans=0; return;
}
v[0][q[0][1].x][q[0][1].y]=1; //標記走過
v[1][q[1][1].x][q[1][1].y]=1;
l[0]=r[0]=1; //初始化頭指針尾指針
l[1]=r[1]=1;
while(l[0]<=r[0]&&l[1]<=r[1]) //兩個隊列都非空,先擴展結點數少的
{
if(r[0]-l[0]<r[1]-l[1])
{
if(expand(0)) return; //找到答案啦
l[0]++; // 沒找到,移動頭指針繼續找
}
if(r[0]-l[0]>=r[1]-l[1])
{
if(expand(1)) return;
l[1]++;
}
}
}
int main()
{
scanf("%d",&text);
for(int i=1;i<=text;i++) //多組數據
{
memset(dis,0,sizeof(dis));
memset(v,0,sizeof(v));
memset(q,0,sizeof(q));
scanf("%d",&n); n=n-1;
scanf("%d%d",&q[0][1].x,&q[0][1].y); //起點
scanf("%d%d",&q[1][1].x,&q[1][1].y); //終點
bfs();
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}