好難啊……
一個矩陣,可以每一行或者每一列減去p,求k次操作後的最高RP值
如果不會正解的話,最少是可以得到第三、四個點的分的,第一二個點可以隨便的複雜度A掉
正解?
枚舉取的行數
如果取了x行的話,那麼一定取了k-x列(廢話)
然後再操作的過程中,每一行或每一列都減P的話,對這一行或這一列的最值是沒有影響的,所以可以過程中暫時不考慮減P造成的影響(最後要考慮)
因爲我們是單獨選的,沒有考慮 行對列的影響,也沒考慮列對行的影響,所以你要考慮它們互相影響。
可以用優先隊列來記最大值
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <queue>
using namespace std;
long long x[1000001],y[1000001],p,ans;
short a[1100][1100];
int n,m,k;
priority_queue <long long> que1,que2;
int main()
{
cin>>n>>m>>k>>p;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
{
int x;
cin>>x;
x[i]+=x;
y[j]+=x;
a[i][j]=x;
}
for(int i=1;i<=n;i++) que1.push(x[i]),x[i]=0;
for(int i=1;i<=m;i++) que2.push(y[i]),y[i]=0;
for(int i=1;i<=k;i++)
{
long long dx=que1.top();
que1.pop();
x[i]=x[i-1]+dx;
que1.push(x-p*1ll*m);
}
for(int i=1;i<=k;i++)
{
long long dx=que2.top();
que2.pop();
y[i]=y[i-1]+dx;
que2.push(x-p*1ll*n);
}
ans=-1e18; //神坑 一定要小,能多小就搞多小
for(int i=0;i<=k;i++)
ans=max(ans,mx[i]+my[k-i]-p*i*1ll*(k-i));
printf("%lld",ans);
return 0;
}