前兩天就已經學習了矩陣快速冪,當時的我就學了個矩陣快速冪的模板,而且我還以爲我自己學會了,實在是太搞笑了,矩陣快速冪最難的地方就是構造矩陣,而我根本一點都不會構造矩陣,沒辦法,從新學唄,
這個題,我個人感覺也挺難的,因爲矩陣好構造,這就是這個題的難點吧,
思路:發現a^b,和f[i-1]^c之類的東西,我們很明顯吧這個冪變成乘,很自然的想到對數。問題是對什麼取對數,最後發現對a取對數是合適的。
loga(fi)=loga(a^b*f[i-1]^c*f[i-2])=loga(a^b)+loga(f[i-1]^c)+loga(f[i-2]),我們設k[i]=loga(fi),所以k[i]=b+c*k[i-1]+k[i-2]。我們可以通過矩陣快速冪算出k[n],然後a^k[n]=f[n],可以直接用快速冪算出。
這裏注意一下,由於k[n]非常大,所以爲了使得a^k[n]%p==(a^(k[n]%y))%p,根據費馬小定理如何gcd(a,p)=1,那麼 a^(p-1)≡1(mod p),所以a^(p-1)%p=a^0%p,所以循環節爲p-1,所以a^(k[n]%(p-1))%p。
這裏還有注意一下如果a%p==0,a^(k[n]%(p-1))%p當k[n]=p-1的時候,a^(k[n]%(p-1))%p=1,但是實際上a^(k[n]%(p-1))%p=0,會造成錯誤,所以需要特判a%p==0的情況,不過這個題好像後臺題目有點水,不必判斷也能過貌似,所以代碼裏面沒有體現
我們可以得出一個結論,那就是,a^(k[n]%(p-1))%p==(a^(k[n]%y))%p 前提p爲質數,
廢話不多說了下面直接給出代碼吧,注意當n=1和n=2的時候要記得分類討論,
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define met(Q,QQ) memset(Q,QQ,sizeof(Q))
ll n,a,b,c,p,mod;
struct matrix
{
ll mat[5][5];
};
matrix cheng(matrix A,matrix B)
{
matrix C;
met(C.mat,0);
for(int i=1;i<=3;i++)
for(int j=1;j<=3;j++)
for(int k=1;k<=3;k++)
C.mat[i][j]=(C.mat[i][j]+A.mat[i][k]*B.mat[k][j])%mod;
return C;
}
matrix P(matrix A,ll n)
{
matrix C;
met(C.mat,0);
for(int i=1;i<=3;i++)
C.mat[i][i]=1;
while(n)
{
if(n&1) C=cheng(A,C);
A=cheng(A,A);
n=n/2;
}
return C;
}
ll PP(ll a,ll n)
{
ll sum=1;
a=a%p;
while(n)
{
if(n&1) sum=sum*a%p;
a=a*a%p;
n=n/2;
}
return sum;
}
int main()
{
ll t;
scanf("%lld",&t);
while(t--)
{
scanf("%lld %lld %lld %lld %lld",&n,&a,&b,&c,&p);
mod=p-1;
matrix A;
met(A.mat,0);
A.mat[1][1]=c;A.mat[1][2]=1;
A.mat[1][3]=b;A.mat[2][1]=1;
A.mat[3][3]=1;
if(n==1)
{
printf("1\n");
continue;
}
if(n==2)
{
ll sum=PP(a,b);
printf("%lld\n",sum);
continue ;
}
A=P(A,n-2);
ll sum=A.mat[1][1]*b+A.mat[1][3];
sum=PP(a,sum);
printf("%lld\n",sum);
}
return 0;
}