題目鏈接:
UVALive 7003 A Balance Game on Trees
題意:
給一個
數據範圍:
分析:
每個節點的顏色無非兩種:黑色和白色。我們用
從根節點
black[u] 的狀態轉移:
對於u 的每一個兒子v ,如果v 的兒子數量大於等於K−1 ,那麼如果選擇v 的顏色爲白色(記此時的答案爲son ),可以得到的最優解是:son=white[v][K−1]+1 ,否則v 節點就不能染爲白色(因爲v 節點的周圍不能湊夠K 個黑色節點),也就是son=0 。
black[u]+=max(black[v],son) white[u][] 的狀態轉移:
這時對於u 從它的每個兒子v 的狀態轉移只能v 是黑色或者white[v][K] 。
考慮white[u][i] 的情況,這裏需要u 的所有兒子中有i 個是黑色,其餘的是白色。如何求這個最優解呢?如果暴力枚舉的話,最壞的時間複雜度是:O(2n) !o(╯□╰)o
我們先把所有兒子全是白色的情況相加記爲sum :
sum=∑white[v][K]
再把每個兒子選擇黑色和白色的最優解差值記爲diff[] :
diff[i]=black[v]−white[v][K]
因爲必須有i 個兒子是黑色,那麼我們選擇的這i 個兒子必然是diff 值最大的前i 個!詳情看代碼~最壞的時間複雜度是:
O(n2logn∗K) ,實際運行是應遠小於這個複雜度。
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <algorithm>
#include <math.h>
#include <vector>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int MAX_N = 110;
int T, n, K, sum;
int white[MAX_N][15], black[MAX_N], vis[MAX_N], diff[MAX_N];
vector<int> vec[MAX_N];
void dfs_son(int u, int p)
{
int size = vec[u].size();
for (int i = 0; i < size; ++i) {
int v = vec[u][i];
dfs_son(v, u);
}
sum = 0;
for (int i = 0; i < size; ++i) {
int v = vec[u][i];
int son = 0;
if (vec[v].size() >= K - 1) son = white[v][K - 1] + 1;
black[u] += max(son, black[v]);
son = white[v][K];
sum += son;
diff[i] = black[v] - son;
}
sort(diff, diff + size);
for (int i = 1; i <= K; ++i) {
if (i > size) break;
white[u][i] = sum;
for (int j = size - 1; j >= size - i; --j) {
white[u][i] += diff[j];
}
}
if (size >= K) white[u][K]++;
}
int main()
{
scanf("%d", &T);
while (T--) {
scanf("%d%d", &n, &K);
for (int i = 1; i <= n; ++i) { vec[i].clear(); }
memset(black, 0, sizeof(black));
memset(white, 0, sizeof(white));
getchar();
for (int i = 1, j; i <= n; ++i) {
while (1) {
scanf("%d", &j);
if (j == 0) break;
vec[i].push_back(j);
if (getchar() == '\n') break;
}
}
dfs_son(1, 0);
printf("%d\n", max(black[1], white[1][K]));
}
return 0;
}