今天早上過來就看到有人提了這麼一個有趣的問題:
有一根長27釐米的小木棍兒,在木棍兒的3釐米,7釐米,11釐米,17釐米,23釐米的地方各有一隻螞蟻。這5只螞蟻的走向是不知道的,假設小木棍兒很細只能通過一隻螞蟻。螞蟻只能往前走或者掉頭,不能後退(也就是不能倒着走)!當任意兩隻螞蟻碰頭的時候會同時掉頭朝反方向走。假設螞蟻一秒鐘能走一釐米,求螞蟻全部離開木棍兒的最小和最大時間。用程序設計出來,可以只寫思路!
想了一下,對於每個螞蟻來說主要有以下幾個屬性:
pos 在木頭上的座標
orientation 方向(即:螞蟻是否要掉頭,-1---左 ,1---右)
步驟:
1.所有螞蟻走一步,矢量pos加1,time加1
2.檢查是否有螞蟻在同一座標上,如果有,將它們掉頭
3.檢查是否有螞蟻的座標在[0,27]以外的外圍,如果有,記下它的time值,然後這個螞蟻出局
4.反覆1-3步,直到所有螞蟻出局。它們time的最大值就是一個解(一共有32個情況,32種解).
其實你只要考慮最中間和最外面的那2個螞蟻就可以了,因爲最中間那個也就是11cm的那個螞蟻用時是最少的,爲11s,而用時最大的就是那個3cm的螞蟻,用時24s,只要把這2個判斷好就可以了,其他的可以忽視。
public class Test {
static int[] state = new int[5]; // -1:left; 1:right
static int ss = 0; // 結果
static int[] pos = { 3, 7, 11, 17, 23 };
static int start = 0;
static int end = 27;
static void go() {
while (true) {
ss++;
for (int i = 0; i < pos.length; i++) {
if (pos[i] > 0 && pos[i] < 27) {
pos[i] += state[i];
if (i < pos.length - 1 && state[i] == 1
&& state[i + 1] == -1) {
// 碰頭情況
if (pos[i] + 1 > pos[i + 1]) {
state[i] = -1;
state[i + 1] = 1;
}
}
if (i > 0 && state[i] == -1 && state[i - 1] == 1) {
// 碰頭情況
if (pos[i] - 1 < pos[i - 1]) {
state[i] = 1;
state[i - 1] = -1;
}
}
}
}
if (proof()) {
print();
break;
}
}
}
private static void print() {
System.out.println(ss);
}
private static boolean proof() {
boolean isOk = true;
for (int i = 0; i < state.length; i++) {
if (pos[i] > 0 && pos[i] < 27) {
isOk = false;
}
}
return isOk;
}
static void init() {
ss = 0;
pos[0] = 3;
pos[1] = 7;
pos[2] = 11;
pos[3] = 17;
pos[4] = 23;
}
public static void main(String[] args) {
state[0] = -1;
state[1] = -1;
state[2] = -1;
state[3] = 1;
state[4] = 1;
// 共32種情況
for (int i = 0; i < 32; i++) {
String s = Long.toBinaryString(i);
int n = 5 - s.length();
for (int j = 0; j < n; j++) {
s = "0" + s;
}
for (int j = 0; j < s.length(); j++) {
char a = s.charAt(j);
if (a == '1')
state[j] = 1;
else
state[j] = -1;
}
init();
go();
}
}
}