以下是我從網上收集的關於組合博弈的資料彙總：
有一種很有意思的遊戲，就是有物體若干堆，可以是火柴棍或是圍棋子等等均可。兩個
人輪流從堆中取物體若干，規定最後取光物體者取勝。這是我國民間很古老的一個遊戲
，別看這遊戲極其簡單，卻蘊含着深刻的數學原理。下面我們來分析一下要如何才能夠
取勝。
（一）巴什博奕（Bash
Game）：只有一堆n個物品，兩個人輪流從這堆物品中取物，規
定每次至少取一個，最多取m個。最後取光者得勝。
顯然，如果n=m+1，那麼由於一次最多隻能取m個，所以，無論先取者拿走多少個，
後取者都能夠一次拿走剩餘的物品，後者取勝。因此我們發現瞭如何取勝的法則：如果
n=（m+1）r+s，（r爲任意自然數，s≤m),那麼先取者要拿走s個物品，如果後取者拿走
k（≤m)個，那麼先取者再拿走m+1-k個，結果剩下（m+1）（r-1）個，以後保持這樣的
取法，那麼先取者肯定獲勝。總之，要保持給對手留下（m+1）的倍數，就能最後獲勝。
這個遊戲還可以有一種變相的玩法：兩個人輪流報數，每次至少報一個，最多報十
個，誰能報到100者勝。
（二）威佐夫博奕（Wythoff
Game）：有兩堆各若干個物品，兩個人輪流從某一堆或同
時從兩堆中取同樣多的物品，規定每次至少取一個，多者不限，最後取光者得勝。
這種情況下是頗爲複雜的。我們用（ak，bk）（ak ≤ bk ,k=0，1，2，…,n)表示
兩堆物品的數量並稱其爲局勢，如果甲面對（0，0），那麼甲已經輸了，這種局勢我們
稱爲奇異局勢。前幾個奇異局勢是：（0，0）、（1，2）、（3，5）、（4，7）、（6，
10）、（8，13）、（9，15）、（11，18）、（12，20）。
可以看出,a0=b0=0,ak是未在前面出現過的最小自然數,而 bk= ak + k，奇異局勢有
如下三條性質：
1。任何自然數都包含在一個且僅有一個奇異局勢中。
由於ak是未在前面出現過的最小自然數，所以有ak > ak-1 ，而 bk= ak + k
> ak
-1 + k-1 = bk-1 > ak-1 。所以性質1。成立。
2。任意操作都可將奇異局勢變爲非奇異局勢。
事實上，若只改變奇異局勢（ak，bk）的某一個分量，那麼另一個分量不可能在其
他奇異局勢中，所以必然是非奇異局勢。如果使（ak，bk）的兩個分量同時減少，則由
於其差不變，且不可能是其他奇異局勢的差，因此也是非奇異局勢。
3。採用適當的方法，可以將非奇異局勢變爲奇異局勢。
假設面對的局勢是（a,b），若 b = a，則同時從兩堆中取走 a 個物體，就變爲了
奇異局勢（0，0）；如果a = ak ，b > bk，那麼，取走b
– bk個物體，即變爲奇異局
勢；如果 a = ak ， b < bk ,則同時從兩堆中拿走 ak
– ab – ak個物體,變爲奇異局
勢（ ab – ak , ab – ak+ b – ak）；如果a > ak ，b= ak +
k,則從第一堆中拿走多餘
的數量a – ak 即可；如果a < ak ，b= ak + k,分兩種情況，第一種，a=aj （j
< k）
,從第二堆裏面拿走 b – bj 即可；第二種，a=bj （j < k）,從第二堆裏面拿走 b –
a
j 即可。
從如上性質可知，兩個人如果都採用正確操作，那麼面對非奇異局勢，先拿者必勝
；反之，則後拿者取勝。
那麼任給一個局勢（a，b），怎樣判斷它是不是奇異局勢呢？我們有如下公式：
ak =[k（1+√5）/2]，bk= ak + k （k=0，1，2，…,n 方括號表示取整函數)
奇妙的是其中出現了黃金分割數（1+√5）/2 = 1。618…,因此,由ak，bk組成的矩形近
似爲黃金矩形，由於2/（1+√5）=（√5-1）/2，可以先求出j=[a（√5-1）/2]，若a=[
j（1+√5）/2]，那麼a = aj，bj = aj + j，若不等於，那麼a = aj+1，bj+1 =
aj+1
+ j + 1，若都不是，那麼就不是奇異局勢。然後再按照上述法則進行，一定會遇到奇異
局勢。
（三）尼姆博奕（Nimm
Game）：有三堆各若干個物品，兩個人輪流從某一堆取任意多的
物品，規定每次至少取一個，多者不限，最後取光者得勝。
這種情況最有意思，它與二進制有密切關係，我們用（a，b，c）表示某種局勢，首
先（0，0，0）顯然是奇異局勢，無論誰面對奇異局勢，都必然失敗。第二種奇異局勢是
（0，n，n），只要與對手拿走一樣多的物品，最後都將導致（0，0，0）。仔細分析一
下，（1，2，3）也是奇異局勢，無論對手如何拿，接下來都可以變爲（0，n，n）的情
形。
計算機算法裏面有一種叫做按位模2加，也叫做異或的運算，我們用符號（+）表示
這種運算。這種運算和一般加法不同的一點是1+1=0。先看（1，2，3）的按位模2加的結
果：
1 =二進制01
2 =二進制10
3 =二進制11 （+）
———————
0 =二進制00 （注意不進位）
對於奇異局勢（0，n，n）也一樣，結果也是0。
任何奇異局勢（a，b，c）都有a（+）b（+）c =0。
如果我們面對的是一個非奇異局勢（a，b，c），要如何變爲奇異局勢呢？假設 a < b
< c,我們只要將 c 變爲 a（+）b,即可,因爲有如下的運算結果:
a（+）b（+）(a（+）
b)=(a（+）a)（+）(b（+）b)=0（+）0=0。要將c 變爲a（+）b，只要從
c中減去 c-（
a（+）b）即可。
例1。（14，21，39），14（+）21=27，39-27=12，所以從39中拿走12個物體即可達
到奇異局勢（14，21，27）。
例2。（55，81，121），55（+）81=102，121-102=19，所以從121中拿走19個物品
就形成了奇異局勢（55，81，102）。
例3。（29，45，58），29（+）45=48，58-48=10，從58中拿走10個，變爲（29，4
5，48）。
例4。我們來實際進行一盤比賽看看：
甲:(7,8,9)->(1,8,9)奇異局勢
乙:(1,8,9)->(1,8,4)
甲:(1,8,4)->(1,5,4)奇異局勢
乙:(1,5,4)->(1,4,4)
甲:(1,4,4)->(0,4,4)奇異局勢
乙:(0,4,4)->(0,4,2)
甲:(0.4,2)->(0,2,2)奇異局勢
乙:(0,2,2)->(0,2,1)
甲:(0,2,1)->(0,1,1)奇異局勢
乙:(0,1,1)->(0,1,0)
甲:(0,1,0)->(0,0,0)奇異局勢
甲勝。
取火柴的遊戲
題目1：今有若干堆火柴，兩人依次從中拿取，規定每次只能從一堆中取若干根，
可將一堆全取走，但不可不取，最後取完者爲勝，求必勝的方法。
題目2：今有若干堆火柴，兩人依次從中拿取，規定每次只能從一堆中取若干根，
可將一堆全取走，但不可不取，最後取完者爲負，求必勝的方法。
嘿嘿，這個遊戲我早就見識過了。小時候用珠算玩這個遊戲：第一檔撥一個，第二檔撥兩個，依次直到第五檔撥五個。然後兩個人就輪流再把棋子撥下來，誰要是最後一個撥誰就贏。有一次暑假看見兩個小孩子在玩這個遊戲，我就在想有沒有一個定論呢。下面就來試着證明一下吧
先解決第一個問題吧。
定義：若所有火柴數異或爲0，則該狀態被稱爲利他態，用字母T表示；否則，
爲利己態，用S表示。
[定理1]：對於任何一個S態，總能從一堆火柴中取出若干個使之成爲T態。
證明：
若有n堆火柴，每堆火柴有A(i)根火柴數，那麼既然現在處於S態，
c = A(1) xor A(2) xor … xor A(n) > 0;
把c表示成二進制，記它的二進制數的最高位爲第p位，則必然存在一個A(t),它二進制的第p位也是1。（否則，若所有的A(i)的第p位都是0，這與c的第p位就也爲0矛盾）。
那麼我們把x =
A(t) xor c,則得到x <
A(t).這是因爲既然A(t)的第p位與c的第p位同爲1,那麼x的第p位變爲0,而高於p的位並沒有改變。所以x
< A(t).而
A(1) xor
A(2) xor … xor x xor … xor A(n)
= A(1) xor A(2) xor … xor A(t) xor c xor … xor
A(n)
= A(1) xor A(2) xor… xor A(n) xor A(1) xor A(2)
xor … xor A(n)
= 0
這就是說從A(t)堆中取出 A(t) – x 根火柴後狀態就會從S態變爲T態。證畢
[定理2]：T態，取任何一堆的若干根，都將成爲S態。
證明：用反證法試試。
若
c = A(1) xor A(2) xor … xor A(i) xor … xor A(n) = 0；
c’ = A(1) xor A(2) xor … xor A(i’) xor c xor … xor A(n) =
0;
則有
c xor c’ = A(1) xor A(2) xor … xor A(i) xor … xor A(n) xor A(1) xor
A(2) xor … xor A(i’) xor c xor … xor A(n) = A(i) xor A(i’)
=0
進而推出A(i) = A(i’)，這與已知矛盾。所以命題得證。
[定理 3]：S態，只要方法正確，必贏。
最終勝利即由S態轉變爲T態，任何一個S態，只要把它變爲T態，（由定理1，可以把它變成T態。）對方只能把T態轉變爲S態(定理2)。這樣，所有S態向T態的轉變都可以有己方控制，對方只能被動地實現由T態轉變爲S態。故S態必贏。
[定理4]：T態，只要對方法正確，必敗。
由定理3易得。
接着來解決第二個問題。
定義：若一堆中僅有1根火柴，則被稱爲孤單堆。若大於1根，則稱爲充裕堆。
定義：T態中，若充裕堆的堆數大於等於2，則稱爲完全利他態，用T2表示；若充裕堆的堆數等於0，則稱爲部分利他態，用T0表示。
孤單堆的根數異或只會影響二進制的最後一位，但充裕堆會影響高位（非最後一位）。一個充裕堆，高位必有一位不爲0，則所有根數異或不爲0。故不會是T態。
[定理5]：S0態，即僅有奇數個孤單堆，必敗。T0態必勝。
證明：
S0態，其實就是每次只能取一根。每次第奇數根都由己取，第偶數根都由對
方取，所以最後一根必己取。敗。同理, T0態必勝#
[定理6]：S1態，只要方法正確，必勝。
證明：
若此時孤單堆堆數爲奇數，把充裕堆取完；否則，取成一根。這樣，就變成奇數個孤單堆，由對方取。由定理5，對方必輸。己必勝。
#
[定理7]：S2態不可轉一次變爲T0態。
證明：
充裕堆數不可能一次由2變爲0。得證。 #
[定理8]：S2態可一次轉變爲T2態。
證明：
由定理1，S態可轉變爲T態，態可一次轉變爲T態，又由定理6，S2態不可轉一次變爲T0態，所以轉變的T態爲T2態。
#
[定理9]：T2態，只能轉變爲S2態或S1態。
證明：
由定理2，T態必然變爲S態。由於充裕堆數不可能一次由2變爲0，所以此時的S態不可能爲S0態。命題得證。
[定理10]：S2態，只要方法正確，必勝.
證明：
方法如下：
1）
S2態，就把它變爲T2態。（由定理8）
2） 對方只能T2轉變成S2態或S1態（定理9）
若轉變爲S2, 轉向1）
若轉變爲S1, 這己必勝。（定理5）
[定理11]：T2態必輸。
證明：同10。
綜上所述，必輸態有： T2,S0
必勝態：
S2,S1,T0.
兩題比較：
第一題的全過程其實如下：
S2->T2->S2->T2->
……
->T2->S1->T0->S0->T0->……->S0->T0(全0)
第二題的全過程其實如下：
S2->T2->S2->T2->
……
->T2->S1->S0->T0->S0->……->S0->T0(全0)
下劃線表示勝利一方的取法。
是否發現了他們的驚人相似之處。
我們不難發現(見加黑部分)，S1態可以轉變爲S0態（第二題做法），也可以轉變爲
T0（第一題做法）。哪一方控制了S1態，他即可以有辦法使自己得到最後一根（轉變爲
T0）,也可以使對方得到最後一根（轉變爲S0）。
所以，搶奪S1是制勝的關鍵！
爲此，始終把T2態讓給對方，將使對方處於被動狀態，他早晚將把狀態變爲S1.
推薦HDOJ題目
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1907
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2509
看完上面的結論，就能順利解決上面2道了
S-Nim
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1536
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1944
博弈算法入門小節 1536 1517 1907
小子最近迷途於博弈之中。。。感觸頗深。
爲了讓大家能夠在學習博弈的時候少走彎路，最重要的也是爲了加深自己的影響，溫故而知新，特發此貼與大家共勉。
學博弈先從概念開始：
特別推薦LCY老師的課件：博弈入門。
下載地址：http://acm.hdu.edu.cn/forum/read.php?tid=6875
這個課件個人認爲從博弈的基本思想，一直到解博弈的中心算法做了很好的詮釋。但是特別要注意的是。課件後面一部分英語寫的講義是重中之重。小子英語很弱，在這困擾很久。現在爲大家大概介紹一下。
主要是後繼點和SG值的問題:
SG值：一個點的SG值就是一個不等於它的後繼點的SG的且大於等於零的最小整數。
後繼點：也就是按照題目要求的走法（比如取石子可以取的數量，方法）能夠走一步達到的那個點。
具體的有關SG值是怎麼運用的希望大家自己多想想。
課件後面有一個1536的代碼。可以放在後面做做
看到這裏推薦大家做幾道題：1846（最簡單的博弈水題）
1847（求SG值）
有了上面的知識接下來我們來看看組合博弈（n堆石子）
推薦大家看個資料：
博弈-取石子游戲(推薦等級五星級)
http://acm.hdu.edu.cn/forum/read.php?fid=20&tid=5748
http://hi.baidu.com/netnode/blog/item/30932c2edc7384514fc226ea.html
這裏提出了一個奇異狀態的問題。看了這篇文章你會發現異或運算在博弈中使用的妙處。當然這裏指出的只是組合博弈中一種特殊情況。
王道還是對SG值的求解，但是知道這麼一種思路無疑對思維的廣度和深度擴展是很有幫助的。
ZZ博弈
http://acm.hdu.edu.cn/forum/read.php?fid=9&tid=10617
這裏介紹了組和博弈的兩種大的類型，一種是最後取的是N狀態一種是最後取的是P狀態，兩個狀態的解題方法能看懂很有幫助。當然，能夠把推導過程理解，吃透無疑是大牛級的做法~小子也佩服的緊~
1536題推薦做做這題，這題前面提醒大家是一個求SG值的題目，題目前面是對異或運算運用在組合博弈問題中的很好的解釋。當然題目本身是有所不同的。因爲在這裏面對取法有所要求。那麼這樣就回歸到了解決博弈問題的王道算法——求SG值上。
有關運用求SG值的博弈題目有： 1850（也可基於奇異狀態異或）
1848（中和的大斐波那契數列的典型求SG值題）
1517（個人認爲有點猥瑣的題目。。。。在此題上困擾很久。當然搞出來很開心。小子是用比較規矩的求SG值的方法求出來的，但是論壇有人對其推出來了規律，這裏佩服一下，大家可以學習一下）
1079（更猥瑣的題目，對新手要求較高，因爲按傳統方法需要比較細緻的模擬加對邊角狀態的考慮，同樣有人推出來了公式）
當你全部看完以上的東西。做完以上的題目的話。。。小子恭喜你~你博弈入門了~~~~
這裏小子告訴大家。博弈很強大。學習要耐心~謝謝