問題描述
某國有n個城市,爲了使得城市間的交通更便利,該國國王打算在城市之間修一些高速公路,由於經費限制,國王打算第一階段先在部分城市之間修一些單向的高速公路。
現在,大臣們幫國王擬了一個修高速公路的計劃。看了計劃後,國王發現,有些城市之間可以通過高速公路直接(不經過其他城市)或間接(經過一個或多個其他城市)到達,而有的卻不能。如果城市A可以通過高速公路到達城市B,而且城市B也可以通過高速公路到達城市A,則這兩個城市被稱爲便利城市對。
國王想知道,在大臣們給他的計劃中,有多少個便利城市對。
輸入格式
輸入的第一行包含兩個整數n, m,分別表示城市和單向高速公路的數量。
接下來m行,每行兩個整數a, b,表示城市a有一條單向的高速公路連向城市b。
輸出格式
輸出一行,包含一個整數,表示便利城市對的數量。
樣例輸入
5 5
1 2
2 3
3 4
4 2
3 5
樣例輸出
3
樣例說明
城市間的連接如圖所示。有3個便利城市對,它們分別是(2, 3), (2, 4), (3, 4),請注意(2, 3)和(3, 2)看成同一個便利城市對。
評測用例規模與約定
前30%的評測用例滿足1 ≤ n ≤ 100, 1 ≤ m ≤ 1000;
前60%的評測用例滿足1 ≤ n ≤ 1000, 1 ≤ m ≤ 10000;
所有評測用例滿足1 ≤ n ≤ 10000, 1 ≤ m ≤ 100000。
//有向圖強連通分量 -- tarjin算法
#include<iostream>
#include<stack>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<fstream>
#define N 100005
using namespace std;
int n, m; //城市和單向高速公路的數量
int DFN[N]; //節點u搜索的次序編號(時間戳)
int Low[N]; //u或u的子樹能夠追溯到的最早的棧中節點的次序號
bool vis[N]; //是否已訪問
bool inS[N]; //是否在棧中
int time = 0; //時間戳
vector <int> G[N]; //鄰接表
stack <int> s; //DFS棧
int result = 0; //最終結果:所有強連通分量中結點對的個數
void tarjan( int u ){
DFN[u] = Low[u] = ++time; //時間戳從1開始
s.push(u); //結點u入棧
inS[u] = 1; //在棧中
vis[u] = 1; //已訪問
int v;
for( int i = 0; i < G[u].size(); i++ ){ //訪問鄰接表
v = G[u][i];
if( vis[v] == 0 ){
tarjan( v );
Low[u] = min( Low[u], Low[v] );
}
else if( inS[v] == 1 ){
Low[u] = min( Low[u], DFN[v] );
}
}
int count = 0; //強連通分量中結點個數
if( DFN[u] == Low[u] ){
do{
v = s.top();
inS[v] = 0;
s.pop();
count++;
}while( u != v );
if( count > 0 ){
result += count * ( count-1 ) / 2;
}
}
}
int main(){
int a, b;
memset( DFN, 0, sizeof(DFN) );
memset( Low, 0, sizeof(Low) );
memset( G, 0, sizeof(G) );
memset( inS, 0, sizeof(inS) );
memset( vis, 0, sizeof(vis) );
// ifstream fin("00.txt", ios::in);
// fin >> n >> m;
cin >> n >> m;
for( int i = 0; i < m; i++ ){
// fin >> a >> b;
cin >> a >> b;
G[a].push_back(b) ;
}
for( int i = 1; i <= n; i++ ){
if( vis[i] == 0 ){
tarjan( i );
}
}
cout << result;
return 0;
}