這兩天沒做什麼題u,主要在看ppt和玩,以及越獄升級。所以也就只能搞搞0725訓練賽的題目了。
A. UVA 116 Unidirectional TSP
會玩的旅行商系列。
走法如圖。
求最左到最右的最小花費。
DP, 字典序需注意。
模仿高玩代碼。
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cstdio>
using namespace std;
int maps[11][101];
int smap[11][101];
int fath[11][101];
int main()
{
int n,m;
while (~scanf("%d%d",&n,&m)) {
for (int i = 1 ; i <= n ; ++ i)
for (int j = 1 ; j <= m ; ++ j)
scanf("%d",&maps[i][j]);
memset(smap, 0, sizeof(smap));
for (int i = m ; i >= 1 ; -- i)
for (int j = 1 ; j <= n ; ++ j) {
smap[j][i] = smap[j][i+1]+maps[j][i];
fath[j][i] = j;
if (j > 1 && smap[j][i] >= smap[j-1][i+1]+maps[j][i]) {
smap[j][i] = smap[j-1][i+1]+maps[j][i];
fath[j][i] = j-1;
}
if (j == n && smap[j][i] >= smap[1][i+1]+maps[j][i]) {
smap[j][i] = smap[1][i+1]+maps[j][i];
fath[j][i] = 1;
}
if (j < n && smap[j][i] > smap[j+1][i+1]+maps[j][i]) {
smap[j][i] = smap[j+1][i+1]+maps[j][i];
fath[j][i] = j+1;
}
if (j == 1 && smap[j][i] > smap[n][i+1]+maps[j][i]) {
smap[j][i] = smap[n][i+1]+maps[j][i];
fath[j][i] = n;
}
}
int spa = 1;
for (int i = 2 ; i <= n ; ++ i)
if (smap[spa][1] > smap[i][1])
spa = i;
int min = smap[spa][1];
for (int i = 1 ; i <= m ; ++ i) {
if (i < m) printf("%d ",spa);
else printf("%d\n%d\n",spa,min);
spa = fath[spa][i];
}
}
return 0;
}
很榮幸去講了一道題,就是B題,小數進制轉換。
B. POJ 1131 Octal Fractions
可以用Java大小數類來做,我不會。
於是
強行上C。
思路:(直接複製ppt)
不能用浮點運算
對於0.d1 d2 d3 … dk,
十進制數爲ans=∑▒〖8^(−n)∗����〗
計算方法:(dk/8 +dk-1)/8+……
用num表示餘數,從八進制最後一位開始讀取,類似於無小數的進制轉換,每讀取一個數更新一下要輸出的數組。
有小數進制轉換的模板。
註釋說明了一切。
#include<cstdio>
#include<cstring>
const int maxN 100
int main()
{
char num_8[maxN];
while(~scanf("%s",num_8))
{
memset(num_10, 0, sizeof(num_10));
int len =0; //表示十進制長度
int j;
for(int i=strlen(num_8)-1;i>1;i--) ////從八進制中的最後一位開始做除法
{ int num = num_8[i]-'0'; //讀取新位數
for( j=0;(j<len||num);j++) //如果沒有到10進制的最後一位或者餘數不爲0就繼續運行
{
int temp = num*10+(j<len?num_10[j]-'0':0);
num_10[j]=temp/8+'0';
num=temp%8;
}
len=j; //更新十進制長度
for(int k = 0; k<len; k++)
printf("%c ",num_10[k]);
printf("\n");
}
num_10[j]='\0';
printf("%s [8] = 0.%s [10]\n",num_8,num_10);
}
return 0;
}
C是入門經典原題,
D是求點集最短連線。
高玩略去。
E. CodeForces 688D
題意:給定x,k,和n個ci。你可以知道x%ci,問是否能確定x%k。
解法:自豪地介紹(誤)%*¥#@!——中國剩餘定理。
道理大家都(幾乎不)懂,經過幾個懂的人抽象,題意變成了這樣:
題意‘:C 數組整體的最小公倍數 lcm(c) 是否是 K 的倍數,如果是,則能確定輸出 yes,否則輸出 no.
gcd()和lcm()就是其核心了:
LL gcd(LL a, LL b)
{
return b?gcd(b, a%b):a;
}
LL lcm(LL a, LL b)
{
return a*b/gcd(a, b);
}
然後經驗告訴我開個(夠大)的數組。
//RE:arrary too big
#include<cstdio>
#define LL long long
const int maxn = 1000005;
int main()
{
LL n, k;
LL c[maxn];
scanf("%ld%ld",&n, &k);
for(int i = 0; i<n; i++)
scanf("%ld", &c[i]);
LL temp = c[0];
for(int i = 1; i<n; i++)
{ temp = lcm(temp, c[i]);
}
if(temp%k == 0)
printf("Yes\n");
else
printf("No\n");
return 0;
}
= =。
所以還是一次讀一個計算一個比較老實靠譜。