學軍信友隊趣味網絡邀請賽 B.齊心抗疫
題意
給你一棵每條邊均爲1的樹,求任意兩點距離乘兩端點中大的那個數的乘積最大爲多少?
思路
題意轉化爲公式就是求
那麼難點就在於求任意兩點間的距離了。
這時候要抓住條件:這是一棵樹!
利用樹的直徑的性質DFS三次即可。
樹的直徑:若樹上兩點間的最短路徑最大,那麼該路徑的長度稱爲樹的直徑。(可以存在多條)
- 樹上任意一點到樹上其他點的最大最短路徑一定爲到兩端點其中大的那一個(可以相等)
我們寫一個DFS,返回值爲到給定點 的最遠點的結點編號,並用一個數組記錄所有點到點 的最短路徑爲多少。
我們先對任意一個點 進行DFS,記錄他的返回值爲 ,有上述性質可知 一定爲到樹的直徑中的一個端點,我們同時記錄了到 的距離放入數組 中。
我們再對 進行一次DFS,記錄他的返回值,記錄到 的距離記錄到數組 中。
最後對進行一次DFS,記錄它的返回值 ,記錄到 的的距離到數組 中。
之所以求三次dfs是因爲第一次的距離是沒法使用的。求端點的話兩次dfs就夠了
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int,int>P;
const double eps = 1e-8;
const int NINF = 0xc0c0c0c0;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const ll mod = 1e9 + 7;
const ll maxn = 1e6 + 5;
const int N = 5e5 + 5;
int n,a[N],dx[N],dy[N];
vector<int>G[N];
int dfs(int x,int pre,int *d){
int res=x;
for(auto y:G[x]){
if(y!=pre){//遍歷子節點排除父節點
d[y]=d[x]+1;
int now=dfs(y,x,d);
if(d[now]>d[res]) res=now;
}
}
return res;
}
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i];
for(int i=1;i<n;i++){
int u,v;
cin>>u>>v;
G[u].push_back(v);
G[v].push_back(u);
}
int x=dfs(1,-1,dx);
memset(dx,0,sizeof(dx));
int y=dfs(x,-1,dx);
x=dfs(y,-1,dy);
ll ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
ans=max(ans, (ll)max(dx[i] * max(a[i], a[x]), dy[i] * max(a[i], a[y])) );
cout<<ans<<'\n';
return 0;
}