題意:傳送門
題解:這樣考慮,如果一個數是的形式,那麼質因數分解完成後,肯定是其中一定是個非負數,那麼考慮兩個數相乘起來,其中一個數進行質因數分解後,質因子上是的倍數的是不用彌補的,反而那些不夠的需要進行與兩外一個數乘起來進行彌補來達到的倍數,那麼就將這些數重新考慮爲兩個數,其中一個就是將質因子爲的倍數的去除,留下實際起作用的,同時也記錄它需要什麼數進行彌補。
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=1e5+5;
ll n,k,a[N],b[N];
map<ll,ll>mp;
ll qpow(ll a,ll b){ll ans=1ll;for(ll i=b;i;i>>=1,a=a*a)if(i&1)ans=ans*a;return ans;}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&k);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);
for(int i=1;i<=n;i++){
ll now=1,need=1;
for(int j=2;j<=sqrt(a[i]);j++){
int cnt=0;
if(a[i]%j==0){
while(a[i]%j==0)a[i]/=j,cnt++;
}
cnt%=k;
now=now*qpow(j,cnt);
if(cnt!=0)need=need*qpow(j,k-cnt);
}
if(a[i]!=1){
now=now*a[i];need=need*qpow(a[i],k-1);
}
a[i]=now;b[i]=need;
mp[a[i]]++;
}
ll ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++){
if(a[i]==b[i])ans+=mp[a[i]]-1;
else ans+=mp[b[i]];
}
printf("%lld\n",ans/2);
return 0;
}