简介
本来想重初中级和企业面试算法开始的,但是最后还是选择从基础的开始,因为我们并不是为了刷题而刷题,而是在刷题过程中锻炼一种算法思维,在大量的训练之后形成一种对算法的独特见解,培养那种对算法的的敏感度,看到题目,大脑中可以浮现一个解题蓝图,而且从初级开始慢慢建立信心,而且这也是在为后边复杂算法的解题思路打基础。
如果你也想训练自己的算法思维,也可以加入我,从初级算法开始,开启你的算法之旅:初级算法。
自己的一些思考:不要在看完题目后直接就看答案,然后去背题,这样行成的算法记忆是不牢固的,一定要有自己的思考;而且不要一开始就在IDEA上边去写,一定试着自己在leetCode提供的白板上边写一遍最后在放到IDEA上边去执行看有什么问题,以便巩固你的基础API的使用和熟练度;还有一点就是大胆些,不是面试我们试错成本低,尽可能把我们的想法融入到代码中
因篇幅问题,博客中只列出示例和自己的解题答案,详细可以直接点击题目查看。
删除排序数组中的重复项
题目 给定一个排序数组,你需要在 原地 删除重复出现的元素,使得每个元素只出现一次,返回移除后数组的新长度。
不要使用额外的数组空间,你必须在 原地 修改输入数组 并在使用 O(1) 额外空间的条件下完成。
示例 1:
给定数组 nums = [1,1,2],
函数应该返回新的长度 2, 并且原数组 nums 的前两个元素被修改为 1, 2。
你不需要考虑数组中超出新长度后面的元素。
示例 2:
给定 nums = [0,0,1,1,1,2,2,3,3,4],
函数应该返回新的长度 5, 并且原数组 nums 的前五个元素被修改为 0, 1, 2, 3, 4。
你不需要考虑数组中超出新长度后面的元素。
我的答案
class Solution {
public int removeDuplicates(int[] nums) {
if (nums == null || nums.length == 0) return 0;
if (nums.length == 1) return 1;
int elem = nums[0];
int markIndex = 1;
//给定 nums = [0,0,1,1,1,2,2,3,3,4]
for (int i = 1; i < nums.length; i++) {
if (elem != nums[i]) {
nums[markIndex] = nums[i];
markIndex++;
elem = nums[i];
}
}
return markIndex;
}
}
执行用时:1 ms
内存消耗:41.5 MB
买卖股票的最佳时机 II
给定一个数组,它的第 i 个元素是一支给定股票第 i 天的价格。
设计一个算法来计算你所能获取的最大利润。你可以尽可能地完成更多的交易(多次买卖一支股票)。
注意:你不能同时参与多笔交易(你必须在再次购买前出售掉之前的股票)。
示例 1:
输入: [7,1,5,3,6,4]
输出: 7
解释: 在第 2 天(股票价格 = 1)的时候买入,在第 3 天(股票价格 = 5)的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 5-1 = 4 。
随后,在第 4 天(股票价格 = 3)的时候买入,在第 5 天(股票价格 = 6)的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 6-3 = 3 。
示例 2:
输入: [1,2,3,4,5]
输出: 4
解释: 在第 1 天(股票价格 = 1)的时候买入,在第 5 天 (股票价格 = 5)的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 5-1 = 4 。
注意你不能在第 1 天和第 2 天接连购买股票,之后再将它们卖出。
因为这样属于同时参与了多笔交易,你必须在再次购买前出售掉之前的股票。
示例 3:
输入: [7,6,4,3,1]
输出: 0
解释: 在这种情况下, 没有交易完成, 所以最大利润为 0。
public static int maxProfit(int[] prices) {
if (prices == null || prices.length == 0) return 0;
int maxProfit = 0;
int buyPrice = -1;
int sellPrice = -1;
//[7,1,5,3,6,4]
for (int i = 1; i < prices.length; i++) {
//涨
if (prices[i] >= prices[i - 1]) {
if (buyPrice == -1) {
buyPrice = prices[i - 1];
// System.out.println("buyPrice: " + buyPrice);
}
} else {
if (sellPrice == -1 && buyPrice != -1) {
sellPrice = prices[i - 1];
// System.out.println("sellPrice: " + sellPrice);
}
}
if (i == prices.length - 1 && sellPrice == -1 && buyPrice != -1) {
sellPrice = prices[prices.length - 1];
//System.out.println("sellPrice: " + sellPrice);
}
if (buyPrice != -1 && sellPrice != -1) {
maxProfit += (sellPrice - buyPrice);
buyPrice = -1;
sellPrice = -1;
}
}
return maxProfit;
}
执行用时:23 ms
内存消耗:39.7 MB
运行完之后,和统计的执行时间相比较发现我的可能逻辑想复杂了,我是把刚要上涨的时候记下买入价格,刚要跌的时候记下卖出价格,计算一次,然后一次类推,然后如果是一直上涨那么就把最后一个价格作为卖出价格,最后把每次的最大收益叠加。
然后这个时候我点开别人1ms执行时间的代码,写的非常简单。我就思考哪里会有问题,然后尝试着吧System.output.println()去掉后就变成了1ms。很开心。
修改后:
执行用时:1 ms
内存消耗:39.1 MB
旋转数组
给定一个数组,将数组中的元素向右移动 k 个位置,其中 k 是非负数。
示例 1:
输入: [1,2,3,4,5,6,7] 和 k = 3
输出: [5,6,7,1,2,3,4]
解释:
向右旋转 1 步: [7,1,2,3,4,5,6]
向右旋转 2 步: [6,7,1,2,3,4,5]
向右旋转 3 步: [5,6,7,1,2,3,4]
示例 2:
输入: [-1,-100,3,99] 和 k = 2
输出: [3,99,-1,-100]
解释:
向右旋转 1 步: [99,-1,-100,3]
向右旋转 2 步: [3,99,-1,-100]
第一次自己写没有好的方法只能暴力。但是提交执行时间过长,无法通过。
尽管做了左旋还是右旋的的判断,但是k和数组特别大的时候就会非常耗时。
class Solution {
public static void rotate(int[] nums, int k) {
if (nums == null || nums.length == 0) return;
int realK = k % nums.length;
boolean right = true;
if (realK > (nums.length / 2)) {
right = false;
realK = nums.length - realK;
}
for (int i = 0; i < realK; i++) {
if (right) {
for (int j = 0; j < nums.length; j++) {
int t = nums[(j + 1) % nums.length];
nums[(j + 1) % nums.length] = nums[0];
nums[0] = t;
}
} else {
for (int j = nums.length - 1; j >= 1; j--) {
int t = nums[(j - 1) % nums.length];
nums[(j - 1) % nums.length] = nums[nums.length - 1];
nums[nums.length - 1] = t;
}
}
}
}
}
第二次查看看到官方解题思路时,发现旋转法是最好理解的,然后自己写了一遍,先全部翻转一次,然后把数组分为0 - k, k - length两部分别翻转,记得k要做取余否则会超出数组大小,之后才通过。
class Solution {
public void rotate(int[] nums, int k) {
if (nums == null || nums.length == 0) return;
reverse(nums, 0, nums.length);
reverse(nums, 0, k % nums.length);
reverse(nums, k % nums.length, nums.length);
}
public void reverse(int[] nums, int start, int end) {
int needReverse = (end - start) / 2;
for (int i = 0; i < needReverse; i++) {
int temp = nums[start + i];
nums[start + i] = nums[end - i - 1];
nums[end - i - 1] = temp;
}
}
}
执行用时:0 ms
内存消耗:40.5 MB
还有一个环状替换法,还有一种是牺牲空间的使用额外数组的方式,大家可以去看下。
这里介绍一下环状替换拓宽下视野:
环状替换
为防止数组越界先把k做取余处理。
从零开始轮询数组,然后把第一个数缓存在prev,用临时变量temp缓存要替换位置current + k的数;
用prev替换到要替换位置current + k的数,然后把temp赋值给prev更新prev的值,更新当前位置为current + k,count数加1。
因为我们要把对应的数字调整到对应的位置只需要length次就OK了,也就是每个数调整一次位置。
当current等于start的时候说明交换到最后又回到了start的位置上,相当于这一条交换路线我们已经走过一次了,我们需要停止当前交换从下个位置开始继续交换,否则就会一直跑无限循环。
一般这种情况可以用下边的方法预计他们的重新开始交换的次数:
当 length 和 k 的最大公约数 等于 1 的时候:1 次遍历就可以完成交换;
比如 n = 5, k = 3
当 length 和 k 的最大公约数 不等于 1 的时候:1 次遍历是无法完成的所有元素归位,需要 m (最大公约数) 次
public static void rotate2(int[] nums, int k) {
k = k % nums.length;
int count = 0;
for (int i : nums) {
System.out.print(i + ",");
}
System.out.print("\n");
System.out.println("length: " + nums.length);
System.out.println("k: " + k);
for (int start = 0; count < nums.length; start++) {
System.out.println("-------------------");
int current = start;
int prev = nums[start];
System.out.println("缓存下来的数据 prev: " + prev);
do {
int next = (current + k) % nums.length;
System.out.print("当前位置: " + current + " 替换 ");
System.out.println(next + " 位置内容");
System.out.print("nums[" + next + "]:" + nums[next] + "-->");
int temp = nums[next];
nums[next] = prev;
prev = temp;
current = next;
count++;
System.out.println("nums[" + next + "]:" + nums[next]);
System.out.println("移动次数: " + count);
for (int i : nums) {
System.out.print(i + ",");
}
System.out.print("\n");
System.out.println("-------------------");
System.out.println("缓存下来的数据 prev: " + prev);
} while (start != current);
System.out.println("countend: " + count);
System.out.println("start: " + start);
}
}
存在重复元素
给定一个整数数组,判断是否存在重复元素。
如果任意一值在数组中出现至少两次,函数返回 true 。如果数组中每个元素都不相同,则返回 false 。
我的思路是先排序一下然后在找出是否有相同的数。
这个还有其他的方式,比如利用HashSet。
public boolean containsDuplicate(int[] nums) {
if(nums == null || nums.length == 0 || nums.length == 1) return false;
Arrays.sort(nums);
int k = nums[0];
for(int i = 1 ; i< nums.length ; i++) {
if(k != nums[i]) {
k = nums[i];
} else{
return true;
}
}
return false;
}
执行用时:4 ms
内存消耗:43.5 MB
只出现一次的数字
给定一个非空整数数组,除了某个元素只出现一次以外,其余每个元素均出现两次。找出那个只出现了一次的元素。
说明:
你的算法应该具有线性时间复杂度。 你可以不使用额外空间来实现吗?
受上一个题的启发仍然是先排序,排序后肯定都是成对成对的数,然后循环一次,因为是成对出现,从第一个书开始,如果第一个和第二个不一致记录标记repeat为false,则直接的出结果为nums[i];若果是中间的则是第一个第二个相同则跳到下一对 i= i+1 后边再 i++,如果这个时候后边一对不相同则返回nums[i];如果前边的重复这个时候正好是数组的最后一对判断,i经过i+1之后,i为倒数第二个位置,则把最后一个数返回。
public int singleNumber(int[] nums) {
if (nums.length == 1) return nums[0];
Arrays.sort(nums);
boolean repeat = false;
for (int i = 0; i < nums.length - 1; i++) {
if (nums[i] == nums[i + 1]) {
repeat = true;
i = i + 1;
}
if (repeat && i == nums.length - 2) {
return nums[i + 1];
}
if (!repeat) {
return nums[i];
}
if (repeat) {
repeat = false;
}
}
throw new IllegalArgumentException("Not found single elem");
}
执行用时:4 ms
内存消耗:41 MB
这个地方感觉有些巧合正好凑了这个出来,看了官方解答之后发现他们有更巧妙地解法,就是用异或。
- 任何数和 0 做异或运算,结果仍然是原来的数,即 a ⊕ 0=a。
- 任何数和其自身做异或运算,结果是 0,即a⊕a=0。
- 异或运算满足交换律和结合律,即 a⊕b⊕a=b⊕a⊕a=b⊕(a⊕a)=b⊕0=b。
class Solution {
public int singleNumber(int[] nums) {
if(nums.length == 1) return nums[0];
int sum = 0;
for(int i : nums) {
sum ^=i;
}
return sum;
}
}
执行用时:1 ms
内存消耗:40.4 MB
执行时间大幅减少。
两个数组的交集 II
给定两个数组,编写一个函数来计算它们的交集。
示例 1:
输入: nums1 = [1,2,2,1], nums2 = [2,2]
输出: [2,2]
示例 2:
输入: nums1 = [4,9,5], nums2 = [9,4,9,8,4]
输出: [4,9]
说明:
输出结果中每个元素出现的次数,应与元素在两个数组中出现的次数一致。
我们可以不考虑输出结果的顺序。
public static int[] intersect2(int[] nums1, int[] nums2) {
Arrays.sort(nums1);
Arrays.sort(nums2);
int i = 0;
int j = 0;
int k = 0;
while(i < nums1.length && j < nums2.length){
if(nums1[i] == nums2[j]) {
nums1[k++] = nums1[i];
i++;
j++;
} else if(nums1[i] < nums2[j]) {
i++;
} else if(nums1[i] > nums2[j]) {
j++;
}
}
return Arrays.copyOfRange(nums1,0,k);
}
执行用时:2 ms
内存消耗:39.7 MB
在答案上边还有一个是用HashMap的也是可以的。