自己dp是學得真的差
一.複習
首先用例題複習:Print Article
首先可以很簡單地列出dp式:
然後就可以用斜率套了
首先我們自己定義有 j < k
且
經過一系列移項後就可以得到:
我們設
這樣就變成了
這就是求斜率,所以就可以用單調隊列了
注意要變成乘法。
這裏有一個檢驗自己dp式是否列對的方法:要化成以上的形式,且不等式右邊的常數一定是有單調性的(多道題的經驗)
開始貼代碼:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <queue>
using namespace std;
const int MAXN = 500003;
int n , m , dp[MAXN] , que[MAXN] , head , tail , sum[MAXN] , a[MAXN];
int qy( int i ){
return dp[i] + sum[i] * sum[i];
}
int main()
{
while( ~scanf( "%d%d" , &n , &m ) ){
sum[0] = 0;
head = tail = 0;
memset( dp , 0 , sizeof( dp ) );memset( que , 0 , sizeof( que ) );
for( int i = 1 ; i <= n ; i ++ ){
scanf( "%d" , &a[i] );
sum[i] = sum[i-1] + a[i];
}
head = 1 , tail = 1;
que[1] = 0;
for( int i = 1 ; i <= n ; i ++ ){
while( head < tail && qy( que[head + 1] ) - qy( que[head] ) < 2 * sum[i] *( sum[que[head+1]]-sum[que[head]]) )
head ++;
dp[i] = ( sum[i] - sum[que[head]] ) * ( sum[i] - sum[que[head]] ) + dp[que[head]] + m ;
while( head < tail && ( qy( i ) - qy( que[tail] ) ) * ( sum[que[tail]] - sum[que[tail-1]]) <= ( qy( que[tail] ) - qy( que[tail-1] ) ) * ( sum[i] - sum[que[tail]]) )
tail --;
que[++tail] = i;
}
printf( "%d\n" , dp[n] );
}
return 0;
}
二.舉一反三
會持續更新的
這是一道延遲入隊的題:K-Anonymous Sequence
耽誤老孃一下午...
看了題目後其實顯見連續的才能保證最小
dp式子是可以秒出的:
a[]就是輸入的數組,sum是前綴和
跳過化簡,但是這道題有一個點是至少要有k個元素一組,所以點i轉移的點最大的點是 i- k
所以當輪到i時,至少轉移點要比i-k小或等於,那麼我們在把i-1求完後維護凸包的時候,就要用i-k去入隊,維護
好了,代碼就不亮了