問題鏈接:
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6739
問題簡述:
在 dota2 中有一個叫做祈求者(Invoker)的英雄,在遊戲中他有三個基礎技能:冰(Quas),雷(Wex),火(Exort),每施展一個技能就可以獲得相應屬性的一個法球(element)。
但是祈求者同時最多隻能有三個法球,即如果他在有三個法球的狀態下又使用了某個法球技能,那麼他會獲得該法球,並失去之前三個法球中最先獲得的一個。
不難得出,祈求者身上的三個法球的無順序組合有 10 種,每一種都對應着一個組合技能:
- 急速冷卻(Cold Snap),無序組合 QQQ,用 Y 表示
- 幽靈漫步(Ghost Walk),無序組合 QQW,用 V 表示
- 寒冰之牆(Ice Wall),無序組合 QQE,用 G 表示
- 電磁脈衝(EMP),無序組合 WWW,用 C 表示
- 強襲颶風(Tornado),無序組合 QWW,用 X 表示
- 靈動迅捷(Alacrity),無序組合 WWE,用 Z 表示
- 陽炎衝擊(Sun Strike),無序組合 EEE,用 T 表示
- 熔爐精靈(Forge Spirit),無序組合 QEE,用 F 表示
- 混沌隕石(Chaos Meteor),無序組合 WEE,用 D 表示
- 超震聲波(Deafening Blast),無序組合 QWE,用 B 表示
當祈求者擁有三個法球的時候,使用元素祈喚(Invoke)技能,用 R 表示,便可獲得當前法球組合所對應的技能,同時原有的三個法球也不會消失,先後順序的狀態也不會改變。
現在給定一個技能序列,你想按照給定的順序將他們一個一個地祈喚出來,同時你想用最少的按鍵來達到目標,所以你想知道對於給定的一個技能序列,最少按多少次鍵才能把他們都祈喚出來。
注意:遊戲開始的時候,祈求者是沒有任何法球的。
問題分析:
剛開始寫以爲是隊列模擬。。寫到一半發現是DP
(DP爲我薄弱項,只能參考大佬的博客來寫了…)
每個技能的排列組合最多有6種,從前一個技能到後一個技能就有36種可能性。
寫一個函數來求每一種可能性所需的按鍵次數即可,再進行暴力DP即可。
核心:dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i-1][k]+gettime(mp[k[i-1]],k,mp[k[i]],j);
總之這題還是需要蠻仔細的寫纔不會出錯。。
(hdu沒有要求循環輸入使得我心態大蹦)
AC通過的C++語言程序如下:
#include <bits/stdc++.h>
#define ull unsigned long long
#define ll long long
using namespace std;
const int maxn=100050;
//dp[i][j]表示到第i個技能的第j種排列組合所需的最小按鍵次數
int dp[maxn][6];
map<char,int>mp;//用於映射每個技能
//所有技能的所有排列組合
string skill[10][6]={
"QQQ","QQQ","QQQ","QQQ","QQQ","QQQ",
"QQW","QQW","QWQ","QWQ","WQQ","WQQ",
"QQE","QQE","QEQ","QEQ","EQQ","EQQ",
"WWW","WWW","WWW","WWW","WWW","WWW",
"QWW","QWW","WQW","WQW","WWQ","WWQ",
"WWE","WWE","WEW","WEW","EWW","EWW",
"EEE","EEE","EEE","EEE","EEE","EEE",
"QEE","QEE","EQE","EQE","EEQ","EEQ",
"WEE","WEE","EWE","EWE","EEW","EEW",
"QWE","QEW","WQE","WEQ","EQW","EWQ"
};
//求a技能的第b種排列組合到 c技能的第d種排列組合所需按鍵次數
int gettimes(int a,int b,int c,int d) {
if(skill[a][b]==skill[c][d]) {
return 0;
}
else if(skill[a][b][1]==skill[c][d][0]&&skill[a][b][2]==skill[c][d][1]) {
return 1;
}
else if(skill[a][b][2]==skill[c][d][0]) {
return 2;
}
return 3;
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
mp['Y']=0;
mp['V']=1;
mp['G']=2;
mp['C']=3;
mp['X']=4;
mp['Z']=5;
mp['T']=6;
mp['F']=7;
mp['D']=8;
mp['B']=9;
string k;
while(cin>>k) {
//初始化使dp最大爲3 8 12 16...
for(int i=0;i<k.length();i++) {
for(int j=0;j<6;j++) {
if(i==0) dp[i][j]=3;
else dp[i][j]=(i+1)*3+i+1;
}
}
//dp 36種排列組合,(首字符不需要計算!)
for(int i=1;i<k.length();i++) {
for(int j=0;j<6;j++) {
for(int g=0;g<6;g++) {
dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i-1][g]+gettimes(mp[k[i-1]],g,mp[k[i]],j));
}
}
}
int minn=999999999;
for(int i=0;i<6;i++) minn=min(minn,dp[k.length()-1][i]);
cout<<minn+k.length()<<endl;//加上R的數量
}
return 0;
}