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所謂dsu on tree，就是樹上的啓發式合併，處理出重兒子然後搞就行了。樹的特殊性會使寫起來比數據結構啓發式合併方便一點。只需維護一個數據結構，支持插入刪除單個元素。這題就是模板題啦… #include<cstdio> #

2020-06-17 15:59:19

這題用到了 Johnson 算法的思想，就是先一趟最短路刷出 dis(i) 然後把圖改造。邊 (x,y) 的權改爲 w(x,y)+dis(x)−dis(y) 。這樣搞之後，邊權都非負，再新圖上做最短路的事情與原圖是完全等

2020-06-17 15:59:19

簡單題。直接考慮原來的某個位置的元素最後到了哪裏….O(nm) #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; const i

2020-06-17 15:59:19

虛樹入門題。所謂虛樹就是隻保留需要的關鍵節點及互相的lca進行重建樹，在虛樹上跑DP之類的，使得複雜度與關鍵點個數相關，而且可能能簡化問題。虛樹的建法是按dfs序的順序加入，維護一個當前鏈的棧，類似dfs一樣搞搞就好了。網

2020-06-17 08:11:50

分治 FFTFFT ，就是 CDQCDQ 分治加 FFTFFT 。用來解決這樣的問題：已知 g(x)g(x) ，且 f(i)=∑i=0n−1f(i)g(n−i)f(i)=∑i=0n−1f(i)g(n−i) 求 f(x)f

2020-06-02 08:36:03

爲了數論而數論的題…..沒什麼技術含量… 就是求： G∑i|n(ni)%P=G(∑i|n(ni)%ϕ(P))%P 現在需要求 (∑i|n(ni))%M ，其中 M=ϕ(P)=P−1=999911658=2∗3∗4679∗35

2020-02-22 19:58:56

以前做這題的時候以爲只是個神奇的二分，沒有完全懂原理，現在發現實際上就是 WQS 二分。考慮 g(x) 表示選共 x 條白邊的最優解，可以感覺到這個 g(x) 應是上凸的，滿足斜率不降。所以就 WQS 二分就好了。

2020-02-22 19:58:56

我們一個一個接上，應該是 res=res∗10t(i)+i 這樣的形式，其中t(i) 表示 i 的位數。怎麼樣快速算呢，看成遞推式：f(i)=f(i−1)∗10t(i)+i 。顯然可以用矩乘加速。位數相同的一起搞就行了

2020-02-22 19:58:56

先進行轉化，把路徑分成兩條鏈，a(deps−depi)+b=(−a)∗depi+a∗deps+b …類似這樣變形一下，就轉化成和 k∗depi+b 的形式。depi 是遞增的，所以可以看做是一次函數 y=kx+b 在某些離散

2020-02-22 19:58:56

注意到 p 很小，容易想到矩乘。fi→f(i+j)%P 。關於那個質數的限制，只需要 1 到 m 的方案減去 1 到 m 扣去所有質數的方案即可。構造 1 到 m 轉移矩陣 O(P2) 搞，∑mk=1[k%

2020-02-22 19:58:56

挺煩的題…..很容易wa… 總之就是求出 Bi,j 表示 i 到 j ,走兩步的方案，Ci,j 表示走三步。然後 ∑Bi,j∗Ci,j 。然後會有不合法的和重複的… 不合法的大概是一個三角形多出一個腳…或者就是一

2020-02-22 19:58:56

博弈好題。這種博弈的01取反的模型可以把白色看做有奇數個石子，黑色看做偶數個，因爲同一位置偶數個石子SG值異或會抵消….. 這麼理解的話，可以把一個石子，即一個白塊看做一個獨立的遊戲。現在只需求SG值。 SG(i)=mex

2020-02-22 19:58:56

可以發現，一顆石子可以看作是一個獨立的遊戲。 n 很小，瞎暴力求 SG 函數就好啦。 #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; const int m

2020-02-22 19:58:56

大水題。主要是記一下錯排的公式。順便水一水遞推公式：fi=(i−1)(fi+fi−1) 推導過程大概是，考慮數字i , 它有 i−1 種可能的位置，設 i 在位置 k ,則數字 k 可能放在位置 i 或不放在

2020-02-22 19:58:56

http://www.doc88.com/p-949564862405.html http://codeforces.com/blog/entry/49691 我的理解 (不一定很對)：大概就是某個東西越多總貢獻越大，要求

2020-02-22 19:58:56