1.昨天心情不好並不想寫總結。
2.今天心情依舊不好。
3.負負得正不如今天一起寫了。
4.哦還有第三題都寫不來正解打了暴力，今天第一題也好難，比第二題第三題都要難。
5.0+0+20 以及 我沒有交【還沒有打完啊。。。】
6.今天的第一題只有暴力。
今天的風兒依舊是如此喧囂。
1.arrange
貪心就好了，想多了總是要出些問題。排序不要拘泥於以起點爲關鍵字排序，排序終點或者是長度也是可以的。哦還有動態規劃依舊可做。
貪心的時候每次只要能取就取，由於排過序，怎樣都是最優的。
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<iomanip>
using namespace std;
struct node
{
int s,t;
}a[100010];
int n,ans,bb;
int b[100010];
char s1[7],s2[7];
inline int read()
{
int i=0;char c;
for(c=getchar();c<'0'||c>'9';c=getchar());
for(;c>='0'&&c<='9';c=getchar())
i=(i<<1)+(i<<3)+c-'0';
return i;
}
inline bool comp(const node &x,const node &y)
{
return x.t<y.t;
}
int main()
{
//freopen("arrange.in","r",stdin);
//freopen("arrange.out","w",stdout);
n=read();
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cin>>s1>>s2;
a[i].s=((s1[0]-'0')*10+(s1[1]-'0'))*60+(s1[3]-'0')*10+s1[4]-'0';
a[i].t=((s2[0]-'0')*10+(s2[1]-'0'))*60+(s2[3]-'0')*10+s2[4]-'0';
}
sort(a+1,a+n+1,comp);
ans=0;bb=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
if(a[i].s>=bb)
bb=a[i].t,ans++;
cout<<ans<<endl;
return 0;
}2.seq
講真這個文件名太有迷惑性了，差一點就打錯了。（雖然結果沒什麼不一樣）
正解還是代碼量挺長的，二分答案加單調隊列。
二分枚舉平均數，判斷是否可行。對於原來的數組求一個前綴和sum，，找到滿足sum[r]-sum[l]>=x*(r-l)並且L<=r-l<=R。
那麼我們將a[i]全部減去x，重新求sum。枚舉r，遍歷可行的l，求一段長度固定的區間中的最小值，移動區間加入下一個位置或去掉上一個位置，掃一遍判斷。
但是，爲什麼不用暴力呢，呵呵。
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<iomanip>
using namespace std;
int n,l,r;
int a[20010];
long long s[20010],aa;
double ans=0;
inline int read()
{
int i=0;char c;
for(c=getchar();c<'0'||c>'9';c=getchar());
for(;c>='0'&&c<='9';c=getchar())
i=(i<<1)+(i<<3)+c-'0';
return i;
}
int main()
{
//freopen("seq.in","r",stdin);
//freopen("seq.out","w",stdout);
n=read(),l=read(),r=read();
for(register int i=1;i<=n;i++)
a[i]=read(),s[i]=(long long)s[i-1]+a[i];
for(register int i=l;i<=r;i++)
{
for(register int j=i;j<=n;j++)
aa=max(aa,s[j]-s[j-i]);
if((1.0*aa/i)>ans) ans=1.0*aa/i;
}
printf("%0.4f\n",ans);
return 0;
}暴力無罪數據水。
3.迴文子串
動態規劃。
f[a][b][c][d]表示s的a~b和t的c~d能否按順序組成一個迴文串。若答案是一個字符串的字串，特判一下。又由於是按順序，所以字符串的首位必爲s[a]或是t[c]，最末字符只可能是s[b]或t[d]。注意邊界的特殊處理。
借用一下jly的代碼 @assmel
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,ans,dp[55][55][55][55];
char s[55],t[55];
bool vis[55][55][55][55];
struct pos{
int a,b,c,d;
pos(int a,int b,int c,int d):a(a),b(b),c(c),d(d){
}
};
queue< pos > q;
int main(){
//freopen("palin.in","r",stdin);
scanf("%s",s+1);n=strlen(s+1);
scanf("%s",t+1);m=strlen(t+1);
queue<pos> q;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
for(int k=n;k>=i-1;k--) //這裏 -1 是因爲有可能一個串根本沒有用
for(int l=m;l>=j-1;l--) //同上
q.push(pos(i,j,k,l)),vis[i][j][k][l]=true;
while(!q.empty()){
pos tmp=q.front();q.pop();
int a=tmp.a,b=tmp.b;
int c=tmp.c,d=tmp.d;
vis[a][b][c][d]=false;
int x=dp[a][b][c][d];
if(a<c){
if(s[a]==s[c] && x+2>dp[a+1][b][c-1][d]){
dp[a+1][b][c-1][d]=x+2;
if(!vis[a+1][b][c-1][d]){
vis[a+1][b][c-1][d]=true;
q.push(pos(a+1,b,c-1,d));
}
}
}
if(b<d){
if(t[b]==t[d] && x+2>dp[a][b+1][c][d-1]){
dp[a][b+1][c][d-1]=x+2;
if(!vis[a][b+1][c][d-1]){
vis[a][b+1][c][d-1]=true;
q.push(pos(a,b+1,c,d-1));
}
}
}
if(a<=c && b<=d){
if(s[a]==t[d] && x+2>dp[a+1][b][c][d-1]){
dp[a+1][b][c][d-1]=x+2;
if(!vis[a+1][b][c][d-1]){
vis[a+1][b][c][d-1]=true;
q.push(pos(a+1,b,c,d-1));
}
}
if(t[b]==s[c] && x+2>dp[a][b+1][c-1][d]){
dp[a][b+1][c-1][d]=x+2;
if(!vis[a][b+1][c-1][d]){
vis[a][b+1][c-1][d]=true;
q.push(pos(a,b+1,c-1,d));
}
}
}
}
for(int i=0;i<=n+1;i++)
for(int j=0;j<=m+1;j++)
for(int k=n+1;k>=0;k--)
for(int l=m+1;l>=0;l--){
int x=dp[i][j][k][l];
if(i==k && l<j) ans=max(ans,x+1);
if(j==l && k<i) ans=max(ans,x+1);
if(i>k && j>l) ans=max(ans,x);
}
cout<<ans;
}1.interval
先特判x或是y沒有出現在序列a中的情況，然後維護一個前綴和，如果等於x就加一，等於y就減一，看每一次有多少個與之前相同，加進答案裏。
但是不等於x或是y的部分這個值是不變的，所以先找出x和y的所有位置，排序後再從前往後掃一遍。
//30%暴力
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<iomanip>
using namespace std;
int n,q,x,y,ans,ans1,ans2;
int a[8010];
inline int read()
{
int i=0;char c;
for(c=getchar();c<'0'||c>'9';c=getchar());
for(;c>='0'&&c<='9';c=getchar())
i=(i<<1)+(i<<3)+c-'0';
return i;
}
int main()
{
//freopen("interval.in","r",stdin);
//freopen("interval.out","w",stdout);
n=read(),q=read();
for(int i=1;i<=n;i++)
a[i]=read();
while(q--)
{
x=read(),y=read();
ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
ans1=0,ans2=0;
for(int j=i;j<=n;j++)
{
if(a[j]==x) ans1++;
if(a[j]==y) ans2++;
if(ans1==ans2) ans++;
}
}
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}2.premu
先作差得到逆序數，根據最後一個逆序數確定最後一個數，然後將其標記，前一個數爲剩下的數的第逆序數個。
直接暴力只能過一半的點，用二分+樹狀數組優化，或者用線段樹優化。
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<iomanip>
using namespace std;
int n,m,k,aa;
int p[100010],a[100010];
int tree[400010];
inline int read()
{
int i=0;char c;
for(c=getchar();c<'0'||c>'9';c=getchar());
for(;c>='0'&&c<='9';c=getchar())
i=(i<<1)+(i<<3)+c-'0';
return i;
}
inline void build(int num,int l,int r)
{
if(l==r)
{
tree[num]=1;
return;
}
int mid=(l+r)/2;
build(num*2,l,mid);
build(num*2+1,mid+1,r);
tree[num]=tree[num*2+1]+tree[num*2];
}
inline int query(int num,int l,int r,int x)
{
if(l==r)
{
tree[num]=0;
return l;
}
int mid=(l+r)/2,ret;
if(x<=tree[num*2])
ret=query(num*2,l,mid,x);
else
ret=query(num*2+1,mid+1,r,x-tree[num*2]);
tree[num]=tree[num*2]+tree[num*2+1];
return ret;
}
int main()
{
//freopen("premu.in","r",stdin);
//freopen("premu.out","w",stdout);
n=read();
for(int i=1;i<=n;i++)
p[i]=read();
for(int i=n;i>=1;i--)
p[i]-=p[i-1];
for(int i=1;i<=n;i++)
p[i]=i-p[i];
build(1,1,n);
for(int i=n;i>=1;i--)
a[i]=query(1,1,n,p[i]);
for(int i=1;i<=n;i++)
cout<<a[i]<<" ";
return 0;
}3.side
話說這道題考試的時候真心沒有認真的做，第一題想題就花了不少時間，第二題debug還沒完考試就快結束了，草草掃了幾眼。。。。。
其實就是分治，分而治之。
先將詢問離線，假設當前處理分治區間[l,r]，設mid=(l+r)/2，處理詢問區間跨過了mid的詢問，可以用DP得到lef[i][x][y]表示從x出發，處理了從i到mid的邊之後到達y的最小代價。同理，rif[i][x][y]表示從x出發，處理了從mid+1到i的邊之後到達y的最小代價。查詢的時候只需要枚舉中間經過的點。
具體分析及代碼我們來仰望dalao~
http://blog.csdn.net/scar_lyw/article/details/78439753
以上。
來自2017.11.3
——我認爲return 0，是一個時代的終結。