題意
定義d(u,v,w)爲從u號點出發,嚴格不經過v號點,最終到達w號點的最短路徑長度,如果不存在這樣的路徑,d(u,v,w)的值爲-1。
計算每個d(u,v,w)的和。
題解
一開始沒什麼想法啊,枚舉嚴格不經過的點然後做floyd複雜度O(n^4),爲什麼我感覺用dijkstra可以??
不管不管還是用正經做法,這題可以用CDQ分治解決,l,r表示最後嚴格不經過的點的區間,然後就當然分成[l,mid]和[mid+1,r]做呀。
1、對於 的部分,那麼 的點都是可以經過的,對 做一遍floyd,然後分治 。
2、對於 的部分,對 處理,然後分治 。
3、當 時,即這個點就是嚴格不能經過的點,統計答案即可。
//Suplex
#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#define N 500
#define ll long long
using namespace std;
int n,mat[N][N];
ll solve(int l,int r)
{
ll ans=0;
if(l==r){
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
if(i!=r && j!=r) ans+=mat[i][j];
return ans;
}
int tmp[N][N];
memcpy(tmp,mat,sizeof(tmp));
int mid=(l+r)>>1;
for(int k=mid+1;k<=r;k++)
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
if(i!=k && j!=k && i!=j && ~mat[i][k] && ~mat[k][j]){
if(mat[i][j]==-1) mat[i][j]=mat[i][k]+mat[k][j];
else mat[i][j]=min(mat[i][j],mat[i][k]+mat[k][j]);
}
ans+=solve(l,mid);
memcpy(mat,tmp,sizeof(mat));
for(int k=l;k<=mid;k++)
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
if(i!=k && j!=k && i!=j && ~mat[i][k] && ~mat[k][j]){
if(mat[i][j]==-1) mat[i][j]=mat[i][k]+mat[k][j];
else mat[i][j]=min(mat[i][j],mat[i][k]+mat[k][j]);
}
ans+=solve(mid+1,r);
memcpy(mat,tmp,sizeof(mat));
return ans;
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++) scanf("%d",&mat[i][j]);
printf("%lld\n",solve(1,n));
return 0;
}