魯賓遜先生有一隻寵物猴,名叫多多。這天,他們兩個正沿着鄉間小路散步,突然發現路邊的告示牌上貼着一張小小的紙條:“歡迎免費品嚐我種的花生!——熊字”。
魯賓遜先生和多多都很開心,因爲花生正是他們的最愛。在告示牌背後,路邊真的有一塊花生田,花生植株整齊地排列成矩形網格(如圖1)。有經驗的多多一眼就能看出,每棵花生植株下的花生有多少。爲了訓練多多的算術,魯賓遜先生說:“你先找出花生最多的植株,去採摘它的花生;然後再找出剩下的植株裏花生最多的,去採摘它的花生;依此類推,不過你一定要在我限定的時間內回到路邊。”
我們假定多多在每個單位時間內,可以做下列四件事情中的一件:
- 從路邊跳到最靠近路邊(即第一行)的某棵花生植株;
- 從一棵植株跳到前後左右與之相鄰的另一棵植株;
- 採摘一棵植株下的花生;
- 從最靠近路邊(即第一行)的某棵花生植株跳回路邊。
現在給定一塊花生田的大小和花生的分佈,請問在限定時間內,多多最多可以採到多少個花生?注意可能只有部分植株下面長有花生,假設這些植株下的花生個數各不相同。
例如在圖2所示的花生田裏,只有位於(2, 5), (3, 7), (4, 2), (5, 4)的植株下長有花生,個數分別爲13, 7, 15, 9。沿着圖示的路線,多多在21個單位時間內,最多可以採到37個花生。
輸入
輸入的第一行包括一個整數T,表示數據組數
每組輸入的第一行包括三個整數,M, N和K,用空格隔開;表示花生田的大小爲M * N(1 <= M, N <= 50),多多采花生的限定時間爲K(0 <= K <= 1000)個單位時間。接下來的M行,每行包括N個非負整數,也用空格隔開;第i + 1行的第j個整數Pij(0 <= Pij <= 500)表示花生田裏植株(i, j)下花生的數目,0表示該植株下沒有花生。
輸出
輸出包括T行,每一行只包含一個整數,即在限定時間內,多多最多可以採到花生的個數。
樣例輸入
6 7 21
0 0 0 0 0 0 0
0 0 0 0 13 0 0
0 0 0 0 0 0 7
0 15 0 0 0 0 0
0 0 0 9 0 0 0
0 0 0 0 0 0 0
樣例輸出
37
思路:對於每一個有花生的點,有三種狀態:
- 回不到路邊
- 回的到路邊,但走到下一個採集點就回不去了
- 回的到路邊,走到下一個採集點也能回去
三種狀態對應三種結果:
- 結束採集,花生數爲 0
- 結束採集,花生數爲 之前花生數 + 該採集點的花生數
- 花生數爲 之前花生數 + 該採集點的花生數,接着進行下一點的採集
代碼:
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;
struct points {//定義採集點的結構體
int x, y, num;// x y 座標,以及花生數
};
bool comp(points a, points b) {//將採集點按花生數的多少進行排序
return (a.num > b.num);
}
int walk(points a, points b) {//兩採集點間的距離
return (abs(a.x - b.x) + abs(a.y - b.y));
}
int main() {
int T; cin >> T;
points p[2502];//花生園
int h, l, steps;//行數,列數,步數
int numbers;//花生數目
while (T--) {
cin >> h >> l >> steps;
for (int i = 0; i < h; i++) {
for (int j = 0; j < l; j++) {
cin >> p[i*l + j + 1].num;
p[i*l + j + 1].x = i + 1;
p[i*l + j + 1].y = j + 1;
}
}
sort(p + 1, p + h * l + 1, comp);//按花生數目,從大到小排序採集點
p[0].x = 0; p[0].y = p[1].y;//起點
p[h*l + 1].x = 0; p[h*l + 1].y = p[h*l].y;//終點(可能提前結束)
numbers = 0;
int tem = steps - walk(p[0], p[1]) - 1;//走到第一個採集點後剩餘步數
for (int i = 1; i <= h * l; i++) {
if (p[i].num == 0)break;//之後的採集點沒花生,跳過
if (tem < p[i].x) {//回不到路邊
numbers = 0;
break;
}
else if (tem < p[i + 1].x + 1 + walk(p[i], p[i + 1])) {//下一採集點回不到路邊
numbers += p[i].num;
break;
}
else {//下一採集點能回到路邊,去往下一採集點
numbers += p[i].num;
tem -= (walk(p[i], p[i + 1]) + 1);
}
}
cout << numbers << endl;
}
}