(以此纪念S7死在8强的卫冕冠军)
世界中的很大
今天考试,数论的第二试
怎么说呢,今天的预计最好得分应该是240,然而实际得分130
这当然是自己的问题,然而还剩下许多可以总结的地方,尤其是第一题,做不出来简直是自己害死的自己
第三题也算是一个警醒了,多说无益
看题先:
1。
当时考试的时候,一看这个函数,恩,欧拉函数求和直接就是n了,然后感觉可以抛开前面一坨,反正m只有10,最后快速幂乘上就好
那么问题就变成了预处理右面一坨
1e7的数据啊~~
只有O(n)了,线筛吧?
那就需要这玩意儿是一个积性函数了
约数个数,莫比乌斯,单位函数,全是积性函数。。。
那这个肯定是积性函数了
打个表验证一下。。
咦怎么不是积性函数!?幸好验证了,排除线筛,想其他做法,未果,打了个1e5的表,无法编译。。。
最后五分钟。。表打错了!表打错了!表打错了!
就是积性函数!!!!!!!!
时间不够了。。
下午改,稍微分析一波线筛一遍出来。。
分析新的积性函数求和的时候,首先在确认积性之后,分析单个素数的函数值,然后分析素数的a次方积性函数值,得出线筛方程。
完整代码:
#include<stdio.h>
typedef long long dnt;
const int N=1e7+10;
const int mod=1e9+7;
int primes[N],isnot[N],ptot=0;
dnt other[N],mpk[N],mpr[N],f[N],ans=0;
dnt quickmub(dnt a,dnt b)
{
dnt rt=1;
while(b)
{
if(b&1) rt=(rt*a)%mod;
a=(a*a)%mod,b>>=1;
}
return rt;
}
dnt fix(dnt a)
{
return (a%mod+mod)%mod;
}
void init(int n)
{
isnot[1]=1,f[1]=1;
for(register int i=2;i<=n;i++)
{
if(!isnot[i])
{
primes[ptot++]=i;
mpr[i]=i,mpk[i]=1,other[i]=1;
f[i]=fix(2-i);
}
for(register int t=0;t<ptot;t++)
{
int j=primes[t]*i;
if(j>n) break ;
isnot[j]=1;
other[j]=i,mpr[j]=primes[t],mpk[j]=1;
f[j]=f[i]*fix(2-primes[t])%mod;
if(i%primes[t]==0)
{
other[j]=other[i];
mpr[j]=primes[t],mpk[j]=mpk[i]+1;
f[j]=f[other[i]]*fix(mpk[j]+1-mpr[j]*mpk[j])%mod;
break ;
}
}
}
}
int main()
{
freopen("facsum.in","r",stdin);
freopen("facsum.out","w",stdout);
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
init(n);
for(int i=1;i<=n;i++)
ans=(ans+quickmub(i,m)*f[i]%mod)%mod,ans=fix(ans);
printf("%I64d\n",ans);
return 0;
}
今天算是早的学到了,原来觉得反正不是正解,为什么要验证?然后今天就死在没有验算打表的暴力上orz。
不管是正解,还是暴力,该验证的一定得验证,不然GG,不能偷懒
2。
这道题,简直是裸的求阶
一开始没看到a,mod互质,想了好久
然后直接就写出来了
题目就是求最小的b使得 a^b mod m == 1
特判0然后BsGs拔山盖世大步小步阿姆斯特朗算法求解即可
注意特判m==1的情况
完整代码:
#include<stdio.h>
#include<cstring>
#include<math.h>
using namespace std;
typedef long long dnt;
const dnt S=76543;
struct HASH
{
dnt head[S],num;
struct edge
{
dnt a,b;
int last;
}ed[S*2];
void init()
{
num=0;
memset(head,0,sizeof(head));
}
void insert(dnt a,dnt b)
{
dnt key=a%S;
for(int i=head[key];i;i=ed[i].last)
if(ed[i].a==a) return ;
num++;
ed[num].a=a,ed[num].b=b;
ed[num].last=head[key];
head[key]=num;
}
dnt query(dnt a)
{
dnt key=a%S;
for(int i=head[key];i;i=ed[i].last)
if(ed[i].a==a) return ed[i].b;
return -1;
}
}hash;
dnt exgcd(dnt a,dnt b,dnt &x,dnt &y)
{
if(b==0)
{
x=1,y=0;
return a;
}
dnt x0,y0;
dnt d=exgcd(b,a%b,x0,y0);
x=y0;
y=x0-a/b*y0;
return d;
}
dnt inverse(dnt a,dnt m)
{
dnt x,y;
dnt d=exgcd(a,m,x,y);
if(d!=1) return -1;
return (x%m+m)%m;
}
dnt BsGs(dnt a,dnt b,dnt m)
{
hash.init();
dnt c=(dnt) sqrt((double) m),cur=1;
for(int i=0;i<c;i++,cur=(cur*a)%m)
{
if(b==cur && i!=0) return i;
hash.insert(cur,i);
}
dnt base=inverse(cur,m);
if(base==-1) return -1;
cur=(b*base)%m;
for(dnt i=c;i<=m;i+=c,cur=(cur*base)%m)
{
dnt tmp=hash.query(cur);
if(tmp!=-1) return tmp+i;
}
return -1;
}
int main()
{
freopen("group.in","r",stdin);
freopen("group.out","w",stdout);
int T;
dnt n,mod;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%I64d%I64d",&n,&mod);
if(n==1 || mod==1) printf("1\n");
else printf("%I64d\n",BsGs(n,1,mod));
}
return 0;
}
/*
1
2 5
*/
对付这种一眼题也要万分小心才好,今天这道题一开始想到了两种思路,然后写了两份代码互相对了好久的拍才算放心
3。
这道题是真的没思路啊
因为题意看起来比较简单就想了好久,
最后实在没办法只能暴力Lucas水过去了。。。
得分40
姑且听了一下正解。。
什么?5进制拆分?数位DP?组合数?EXM?
正解其实若是知道Lucas本来的性质或者说证明方法和实现原理这道题其实不难想到
但是记得当年学Lucas的时候耳畔一直回响着某大佬的一句
“信息学奥赛没有证明”
Lucas一直是背板子
Lucas其实就是按照mod数进制拆分,去进制下每一位的组合数在累乘起来
那么要想一个数最后的组合数mod 5 为0,只需要在任意一位的组合数位0就行了
那么问题就转换成了L到R在5进制下有至少一位的组合数为0的数的个数
在5进制下数位DP即可
完整代码:
#include<stdio.h>
#include<cstring>
using namespace std;
typedef long long dnt;
const int mod=5;
int T,a[100010],num[100010];
dnt saber[100010],inv[100010],f[100010][2];
void init(int n)
{
saber[0]=inv[0]=inv[1]=1;
for(int i=1;i<=n;i++) saber[i]=saber[i-1]*i%mod;
for(int i=2;i<=n;i++) inv[i]=(mod-mod/i)*inv[mod%i]%mod;
for(int i=1;i<=n;i++) inv[i]=inv[i-1]*inv[i]%mod;
}
dnt Misaka(dnt a,dnt b)
{
if(a<b) return 0;
if(a<mod) return saber[a]*inv[b]%mod*inv[a-b]%mod;
return Misaka(a/mod,b/mod)*Misaka(a%mod,b%mod);
}
void sov1(int L,int R,int n)
{
dnt ans=0;
for(int i=L;i<=R;i++) ans+=(Misaka(n,i)==0);
printf("%d\n",ans);
}
dnt dfs(int pos,int pre,int lim)
{
if(pos==-1) return pre;
if(!lim && f[pos][pre]!=-1) return f[pos][pre];
dnt ans=0;
int up=lim ? a[pos] : 4;
for(int i=0;i<=up;i++)
ans+=dfs(pos-1,(pre || Misaka(num[pos],i)==0),i==up && lim);
if(!lim) f[pos][pre]=ans;
return ans;
}
dnt solve(dnt n)
{
int cnt=0;
memset(a,0,sizeof(a));
while(n)
{
a[cnt++]=n%5;
n/=5;
}
return dfs(cnt-1,0,1);
}
void Divide(dnt n)
{
int cnt=0;
memset(num,0,sizeof(num));
while(n)
{
num[cnt++]=n%5;
n/=5;
}
}
void sov2(dnt L,dnt R,dnt n)
{
Divide(n);
memset(f,-1,sizeof(f));
dnt ans=solve(R)-solve(L-1);
printf("%I64d\n",ans);
}
int main()
{
freopen("ccount.in","r",stdin);
freopen("ccount.out","w",stdout);
init(5);
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
dnt L,R,n,ans=0;
scanf("%I64d%I64d%I64d",&L,&R,&n);
if(R-L+1<=5000) sov1(L,R,n);
else sov2(L,R,n);
}
return 0;
}
今天算是明白了Lucas定理的时间原理了
果然如YYR学长所说,算法原理还是很重要啊~~~
今天考试的成绩就在倒好不好的环境中落幕了
明天ACM,队友都还没定orz,加油吧~~~
嗯,就是这样