題意:給出t天內每天股票的買入價格,賣出價格,最多購買數和最多賣出數,求t天后最多能賺多少、
思路:用dp[i][j]表示第i天時手裏還剩j支股票的最大獲利。
第i天買入時:dp[i][j] = max{dpi-1][k]-(j-k)*api};即dp[i][j] = max{dp[i-1][k]+k*api}-j*api,(0<=k<=j)。
第i天賣出時:dp[i][j] = max{dpi-1][k]-(j-k)*bpi};即dp[i][j] = max{dp[i-1][k]+k*bpi}-j*bpi,(0<=k<=j)。
第i天不買不賣時:可以想成在買入(賣出)時,買了(賣了)0支股票,故不用單獨考慮。
以上是最樸素的想法,複雜度爲t*maxp*maxp,時間都過不去,所以需要優化一下,注意看上面兩個式子的後半部分,對於更新j時,我們需要的是前i-1天的max{dp[i-1][k]+k*api}(max{dp[i-1][k]+k*bpi})。所以這裏可以用一個單調隊列來維護,這樣複雜度就降到了t*maxp,可以AC了。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <string>
#include <iostream>
#include <map>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <queue>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef __int64 int64;
typedef long long ll;
#define M 100005
#define max_inf 0x7f7f7f7f
#define min_inf 0x80808080
#define mod 1000000007
int q[2005];
int dp[2005][2005];
int main()
{
int i , j , T;
scanf("%d",&T);
while (T--)
{
int t , maxp , w;
scanf("%d%d%d",&t,&maxp,&w);
int ap , bp , as , bs;
memset(dp , min_inf , sizeof dp);
int ans = 0;
dp[0][0] = 0;
for (i = 1 ; i <= t ; i++)
{
scanf("%d%d%d%d",&ap,&bp,&as,&bs);
for (j = 0 ; j <= maxp ; j++)dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-1][j]);//將前i-1天的最優解先放到第i天。
int temp = i-w-1;
if (temp < 0)temp = 0;//若i<=w+1,則相當於從第0天開始買賣
int front , rear;
//買入
front = rear = 0;
for (j = 0 ; j <= maxp ; j++)
{
int k = dp[temp][j]+j*ap;
while (rear > front && dp[temp][q[rear-1]]+q[rear-1]*ap < k)rear--;
q[rear++] = j;
while (front < rear && j-q[front] > as)front++;
dp[i][j] = max(dp[i][j] , dp[temp][q[front]]+q[front]*ap-j*ap);
ans = max(ans , dp[i][j]);
}
//賣出
front = rear = 0;
for (j = maxp ; j >= 0 ; j--)
{
int k = dp[temp][j]+j*bp;
while (rear > front && dp[temp][q[rear-1]]+q[rear-1]*bp < k)rear--;
q[rear++] = j;
while (q[front]-j > bs)front++;
dp[i][j] = max(dp[i][j] , dp[temp][q[front]]+q[front]*bp-j*bp);
ans = max(ans , dp[i][j]);
}
}
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}