參考資料：
1. Leetcode
2. 【Hackbuteer1的專欄】http://blog.csdn.net/hackbuteer1/article/details/7583102
最近做了些單鏈表的題目，覺得要解決單鏈表問題，可以從以下幾個方面入手：
先定義鏈表的結構
class ListNode {
int val;
ListNode next;
ListNode(int x) { val = x; }
}1. 要學會畫草圖進行模擬
2. 要會鏈表的逆置
鏈表的逆置是許多其他鏈表題目的基礎，給定一個鏈表，我們可以採用頭插法的方法對這個鏈表進行逆置，代碼如下：
/**
* 逆轉鏈表
* */
public static ListNode reverseListNode(ListNode node){
ListNode reverseHead=null;//逆轉後鏈表的頭結點
ListNode moveNode=null;
while(node!=null){
moveNode=node.next; //保存待逆置的鏈表的下一個節點
if(reverseHead==null){ //第一個節點即已逆置的鏈表的尾節點
reverseHead=node;
reverseHead.next=null;
}else{ //採用頭插法建立鏈表
node.next=reverseHead;
reverseHead=node;
}
node=moveNode;
}
return reverseHead;
}以鏈表 1->2->3 爲例子，模擬如下：
學會了逆置後，我們可以做做這個題https://leetcode.com/problems/palindrome-linked-list/，就是判斷一個鏈表裏的內容是不是迴文字符串，要求O(n)的時間複雜度和O(1)的空間複雜度。我們的做法可以是：先遍歷一遍鏈表，求出鏈表的長度L，然後從L/2即中間節點的位置將後半段鏈表逆置，再依次遍歷逆置的鏈表以及前半段鏈表，進行比較就可以判斷是不是迴文字符串了。
3. 容器比如Set或Stack很好用，如果在對空間複雜度沒有要求的話，可以考慮使用容器
有時候沒有要求空間複雜度，我們可以藉助一些集合來處理，因爲Set具有元素唯一的特性即其不能存儲重複的元素，而棧具備先進後出的特性。這裏針對之前的判斷迴文字符串的問題，我們可以使用一個棧：先遍歷一遍鏈表，將所有節點入棧，之後再次遍歷鏈表並且出棧，進行比較判斷，也能求得鏈表是不是迴文字符串，這裏時間複雜度也是O(n)，但其空間複雜度也是O(n)。
使用Set可以很好的解決鏈表存不存在環的問題，比如給定一個單鏈表，判斷鏈表是否存在環，如果存在環求出環的入口節點。針對這種題目，我們使用一個Set，然後從鏈表頭節點開始add，由於Set的add方法在添加重複的元素時返回false，因此針對鏈表有兩種情況：
1. 鏈表不含有環：那麼可以一直add，不會返回false，直到鏈表結尾
2. 鏈表含有環：那麼在不停的add過程中會進入到環裏，肯定會add之前已經add的節點，此時會返回false，而且第一次返回false時對應的節點就是環的入口節點，可以畫個草圖模擬下，代碼如下：
public boolean hasCycle(ListNode head) {
Set<ListNode> nodeSet=new HashSet<>();
while(head!=null){
if(!nodeSet.add(head)) //如果添加不成功，說明之前已經存在該節點，即有環，此時這個head節點即爲環的入口節點
return true;
head=head.next;
}
return false;
}如果針對求環的問題要求空間複雜度爲O(1)呢？我們就不能使用Set了，可以使用下面介紹的兩個指針的方法
4. 要學會使用兩個指針
有時間針對一個鏈表我們需要使用兩個指針來實現所謂的“追趕”問題，針對兩個鏈表則更需要兩個指針了，我們先使用兩個指針來解決判斷兩個鏈表是否相交的鏈表，如下圖所示：
方法1：先計算L1,L2的長度爲S1,S2，假設S1大於S2（反之亦然），設立兩個指針指向L1,L2，L1先走（S1-S2）步，此時L1,L2是處於同一個位置的，然後同時移動，如果鏈表相交必然會存在L1==L2，否則鏈表相交，這裏的時間複雜度是O(max(S1,S2))，空間複雜度爲O(1)
方法2：將兩個鏈表分別逆置，判斷逆置後兩個鏈表的頭節點是否相等，相等則兩個鏈表相交，否則不相交。
方法3：可以將任一鏈表的尾節點的後繼指向另一個鏈表的頭節點，此時就變成了判斷這個鏈表是否存在環的問題
將兩個指針最恰當的運行就是在O(1)空間複雜度判斷一個鏈表是否存在環，如果存在環找出環的入口節點，這裏說下簡要的步驟，具體細節可參考開頭引用的博客。
判斷鏈表是否存在環：設立兩個指針slow,fast，開始均指向鏈表的頭結點，接着slow每次走一步，fast每次走兩步，如果不存在環fast肯定先爲NULL，如果存在環，fast繞環n圈後肯定會追上slow，即fast==slow
找出環的入口節點：根據前面得到了fast與slow第一次相遇的節點p，重新設立指針p1,p2。p1指向鏈表頭結點，p2指向p。p1,p2同時移動相同的步數，那麼p1,p2第一相遇的節點即爲環的入口節點，至於爲什麼，相關的證明可以上面引用的博客。
總結：我覺得鏈表題不算特別難，主要是自己得細心，考慮一些極端情況（比如指針爲NULL之類的）；另外就是在處理鏈表的時候，注意各個引用的關係（最好畫草圖），別把節點的指向搞混了。