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- 題意:
輸入一個長度不超過1000的字符串,包括數字(1-9)和星號(*)。字符串中的空格已經丟失,所以連起來的數字串可以看成許多分開的數,也可以看成連續的數,即可以隨意添加空格。現在有兩種操作:1)在任意位置添加任意類型的字符(數字或者星號) 2)交換字符串中的任意兩個字符
求:最少操作多少次,使得得到的串是一個合法的逆波蘭式 - 分析:
對於n個星號,n+1個數字的字符串,如果將星號都移動到串的末尾,那麼一定是合法的
對於操作1,如果需要插入數字,那麼插入到字符串的最前邊是最優的
對於操作2,只可能將星號和數字交換,並且將星號移到了字符串的後邊
那麼,先對串進行操作1,使得數字個數不小於星號的個數加一;然後從左到右掃描字符串,如果當前星號前邊的數字和星號不滿足對應關係(同上),需要將當前星號與最後一個數字交換;最後,如果字符串最後不是星號,答案加一 - 注意:
如果最後得到的串最後不是星號,那麼必然答案加一
如果輸入沒有星號,那麼答案是0
const int maxn = 1100;
char s[maxn];
int n;
vector<int> v;
int main()
{
int T;
RI(T);
while (T--)
{
v.clear();
RS(s);
n = strlen(s);
int num = 0, sig = 0;
REP(i, n)
{
if (s[i] == '*') sig++;
else
{
v.push_back(i);
num++;
}
}
int ans = 0;
int preadd = 0;
if (!sig)
{
ans = 0;
}
else
{
if (num < sig + 1)
{
preadd = sig + 1 - num;
ans += preadd;
}
int sig_num = 0;
for (int i = 0; i < n; i++)
{
if (s[i] == '*')
{
sig_num++;
if (preadd < sig_num + 1)
{
int sz = v.size();
int id = v[sz - 1];
v.pop_back();
swap(s[i], s[id]);
sig_num--;
preadd++;
ans++;
}
}
else preadd++;
}
if (s[n - 1] != '*')
ans++;
}
printf("%d\n", ans);
}
return 0;
}