題意
給一些多邊形,求這些多邊形的面積並
數據範圍
每個多邊形至多50條邊,至多有10個多邊形
解法
半平面交
這裏介紹的是的做法:
首先考慮如何比較優秀的直線求交,這個是接下來算法步驟的靈魂問題
考慮使用面積法:
如圖,可以看到三角形p1p2v1和四邊形p1p2v1v2同底,所以它們的面積比就是高之比,又由於相似,它們的高之比可以看成線段(p2-交點)和(p2-v2)的長度之比。所以求出這個之後加上p2就可以得到交點的座標了。
然後考慮半平面交問題,這裏我們規定所有線段都是左邊爲有效區間,然後將所有線段一起按照極角排序,相同極角的靠左邊的放在後面,然後用雙端隊列維護半平面交,計算的時候就是考慮一條線段加進去後,會不會影響之前的半平面交。又了直線求交的方法後就比較簡單了,具體可以看代碼。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=1005;
const double eps=1e-7;
struct node{
double x,y;
node (double xx=0,double yy=0){x=xx,y=yy;}
}b[maxn];
double operator ^(node a,node b){return a.x*b.y-a.y*b.x;}
node operator +(node a,node b){return node(a.x+b.x,a.y+b.y);}
node operator -(node a,node b){return node(a.x-b.x,a.y-b.y);}
node operator *(double a,node b){return node(a*b.x,a*b.y);}
struct line{
node v,p;
double poa;
}a[maxn],q[maxn];
int n,js;
inline int sign(double a){
if(fabs(a)<=eps)return 0;
return a>0?1:-1;
}
bool cmp(line a,line b){
if(sign(a.poa-b.poa))return sign(a.poa-b.poa)<0;
else return sign((a.v-a.p)^(b.v-a.p))>0;
}
node inter(line a,line b){
node p1=a.p,v1=a.v,p2=b.p,v2=b.v;
v1=v1-p1,v2=v2-p2;
node alfa=p2-p1;
node tmp=p2+((alfa^v1)/(v1^v2))*v2;
return tmp;
}
int cnt=0;
inline bool pd(line a,line b,line c){
node p=inter(a,b);
return sign((c.v-c.p)^(p-c.p))<0;
}
void bpm(){
sort(a+1,a+1+js,cmp);
for(int i=1;i<=js;i++){
if(sign(a[i].poa-a[i-1].poa)!=0)cnt++;//極角不同才保留
a[cnt]=a[i];
}
int h=1,t=0;
q[++t]=a[1],q[++t]=a[2];
for(int i=3;i<=cnt;i++){
while(h<t&&pd(q[t-1],q[t],a[i]))t--;
while(h<t&&pd(q[h+1],q[h],a[i]))h++;
q[++t]=a[i];
}
while(h<t&&pd(q[t-1],q[t],q[h]))t--;//注意最後要記得把頭和尾判斷一下
while(h<t&&pd(q[h+1],q[h],q[t]))h++;
q[t+1]=q[h];//這裏容易忘記,因爲是多邊形,首尾相連
js=0;
for(int i=h;i<=t;i++){
b[++js]=inter(q[i],q[i+1]);
}
}
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++){
int k;
scanf("%d",&k);
for(int j=1;j<=k;j++){
scanf("%lf%lf",&b[j].x,&b[j].y);
}
b[k+1]=b[1];
for(int j=1;j<=k;j++)a[++js].p=b[j],a[js].v=b[j+1];
}
for(int i=1;i<=js;i++)
a[i].poa=atan2(a[i].v.y-a[i].p.y,a[i].v.x-a[i].p.x);
bpm();
b[js+1]=b[1];
double ans=0;
if(js>2)
for(int i=1;i<=js;i++)ans+=b[i]^b[i+1];
ans=fabs(ans)/2.0;
printf("%.3lf\n",ans);
return 0;
}