題目描述
你是產品經理,目前正在帶領一個團隊開發新的產品。不幸的是,你的產品的最新版本沒有通過質量檢測。由於每個版本都是基於之前的版本開發的,所以錯誤的版本之後的所有版本都是錯的。
假設你有 n
個版本[1, 2, ..., n]
,你想找出導致之後所有版本出錯的第一個錯誤的版本。
你可以通過調用 bool isBadVersion(version)
接口來判斷版本號 version
是否在單元測試中出錯。實現一個函數來查找第一個錯誤的版本。你應該儘量減少對調用 API 的次數。
示例:
給定 n = 5,並且 version = 4 是第一個錯誤的版本。
調用 isBadVersion(3) -> false
調用 isBadVersion(5) -> true
調用 isBadVersion(4) -> true
所以,4 是第一個錯誤的版本。
題解
這是一道較爲簡單的題目,但是有一個小陷阱。除此之外,這道題的算法是比較顯然的。
方法一:線性遍歷 [超時]
最直接的方法是進行一次線性掃描,即對 [1…n]都調用一次isBadVersion
。
public int firstBadVersion(int n) {
for (int i = 1; i < n; i++) {
if (isBadVersion(i)) {
return i;
}
}
return n;
}
這樣會超時
分析:時間複雜度,空間複雜度
方法二:二分[通過]!
不難看出,這道題可以用經典的二分查找算法求解。我們通過一個例子,來說明二分查找如何在每次操作中減少一半的搜索空間,以此減少時間複雜度。
場景一:isBadVersion(mid) => false
1 2 3 4 5 6 7 8 9
G G G G G G B B B G = 正確版本,B = 錯誤版本
| | |
left mid right
場景一中,isBadVersion(mid)
返回 false,因此我們知道 mid 左側(包括自身)的所有版本都是正確的。所以我們令 left=mid+1,把下一次的搜索空間變爲 [mid + 1, right]。
不多說給代碼:
public int firstBadVersion(int n) {
int left = 1;
int right = n;
while (left < right) {
int mid = left + (right - left) / 2;
if (isBadVersion(mid)) {
right = mid;
} else {
left = mid + 1;
}
}
return left;
}
題目來源:力扣(LeetCode)
鏈接:https://leetcode-cn.com/problems/first-bad-version
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