Q老师 对数列有一种非同一般的热爱,尤其是优美的斐波那契数列。
这一天,Q老师 为了增强大家对于斐波那契数列的理解,决定在斐波那契的基础上创建一个新的数列 f(x) 来考一考大家。数列 f(x) 定义如下:
当 x < 10 时,f(x) = x;
当 x ≥ 10 时,f(x) = a0 * f(x-1) + a1 * f(x-2) + a2 * f(x-3) + …… + a9 * f(x-10),ai 只能为 0 或 1。
Q老师 将给定 a0~a9,以及两个正整数 k m,询问 f(k) % m 的数值大小。
聪明的你能通过 Q老师 的考验吗?
输入:
输出文件包含多组测试用例,每组测试用例格式如下:
第一行给定两个正整数 k m。(k < 2e9, m < 1e5)
第二行给定十个整数,分别表示 a0~a9。
输出:
对于每一组测试用例输出一行,表示 f(k) % m 的数值大小。
样例输入:
10 9999
1 1 1 1 1 1 1 1 1 1
20 500
1 0 1 0 1 0 1 0 1 0
样例输出:
45
104
由于数据k < 2e9, m < 1e5,所以需要用矩阵快速幂来解决。
由公式f(x) = a0 * f(x-1) + a1 * f(x-2) + a2 * f(x-3) + …… + a9 * f(x-10)可以构造出矩阵。
f(n) a0 a1 a2 a3 a4 a5 a6 a7 a8 a9 f(n-1)
f(n-1) 1 0 0 0 0 0 0 0 0 0 f(n-2)
f(n-2) 0 1 0 0 0 0 0 0 0 0 f(n-3)
f(n-3) 0 0 1 0 0 0 0 0 0 0 f(n-4)
f(n-4) 0 0 0 1 0 0 0 0 0 0 f(n-5)
ans[n]= f(n-5) = 0 0 0 0 1 0 0 0 0 0 × f(n-6)
f(n-6) 0 0 0 0 0 1 0 0 0 0 f(n-7)
f(n-7) 0 0 0 0 0 0 1 0 0 0 f(n-8)
f(n-8) 0 0 0 0 0 0 0 1 0 0 f(n-9)
f(n-9) 0 0 0 0 0 0 0 0 1 1 f(n-10)
ans[n]=t^(n-9)*ans[9],t是上面10×10的矩阵。
#include<iostream>
#include<string.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=10;
ll k,m;
struct Matrix{
ll x[N][N];
Matrix operator*(const Matrix& t)const
{
Matrix ret;
for(int i=0;i<N;i++)
{
for(int j=0;j<N;j++)
{
ret.x[i][j]=0;
for(int k=0;k<N;k++)
{
ret.x[i][j]+=x[i][k]*t.x[k][j]%m;
ret.x[i][j]%=m;
}
}
}
return ret;
}
Matrix()
{
memset(x,0,sizeof(x));
}
Matrix(const Matrix& t)
{
memcpy(x,t.x,sizeof(x));
}
};
Matrix quick_pow(Matrix a,int x)
{
Matrix ret;
memset(ret.x,0,sizeof(ret.x));
for(int i=0;i<N;i++)
{
ret.x[i][i]=1;
}
while(x)
{
if(x&1)
{
ret=ret*a;
}
a=a*a;
x>>=1;
}
return ret;
}
int main()
{
while(cin>>k>>m)
{
Matrix ma;
for(int i=0;i<10;i++)
{
cin>>ma.x[0][i];
}
for(int i=1;i<10;i++)
{
ma.x[i][i-1]=1;
}
Matrix tmp=quick_pow(ma,k-9);
ll ans=0;
for(int i=0;i<10;i++)
{
ans+=tmp.x[0][i]*(9-i);
ans=ans%m;
}
cout<<ans<<'\n';
}
}