T1 叫第二題的第一題
直接算就好。
emmm。。我的方法是把第一個日期往後取整,再把第二個日期往前取整,最後答案加上兩個日期中間的日期差qwq。
代碼
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
char s[110];
int Y1=-1,Y2=-1,m1=-1,m2=-1,d1=-1,d2=-1,h1=-1,h2=-1,M1=-1,M2=-1,s1=-1,s2=-1;
int md[14]={0,31,28,31,30,31,30,31,31,30,31,30,31};
ll ans=0;
ll year(int a,int b) // 左閉右開
{
ll c=0;
for(int i=a;i<b;++i)
{
if(i%4==0&&i%100!=0) c+=366;
else if(i%400==0) c+=366;
else c+=365;
}
return c*24*60*60*1000;
}
ll month(int a,int b,int k)
{
ll c=0;
for(int i=a;i<b;++i)
{
c+=md[i];
if(i==2&&k) ++c;
}
return c*24*60*60*1000;
}
ll day(int a,int b)
{
ll c=b-a;
return c*24*60*60*1000;
}
ll hour(int a,int b)
{
ll c=b-a;
return c*60*60*1000;
}
ll minute(int a,int b)
{
ll c=b-a;
ll k=c*60*1000;
return k;
}
ll second(int a,int b)
{
return (b-a)*1000;
}
int main()
{
freopen("two.in","r",stdin);
freopen("two.out","w",stdout);
gets(s);
int l=strlen(s),num=0;
for(int i=0;i<=l;++i)
{
if(s[i]>='0'&&s[i]<='9') num=num*10+s[i]-'0';
else{
if(Y1==-1) Y1=num;
else if(m1==-1) m1=num;
else if(d1==-1) d1=num;
else if(h1==-1) h1=num;
else if(M1==-1) M1=num;
else if(s1==-1) s1=num;
num=0;
}
}
gets(s);
l=strlen(s),num=0;
for(int i=0;i<=l;++i)
{
if(s[i]>='0'&&s[i]<='9') num=num*10+s[i]-'0';
else{
if(Y2==-1) Y2=num;
else if(m2==-1) m2=num;
else if(d2==-1) d2=num;
else if(h2==-1) h2=num;
else if(M2==-1) M2=num;
else if(s2==-1) s2=num;
num=0;
}
}
ll num1=0,num2=0,k1=0,k2=0;
if(Y1%4==0&&Y1%100!=0) k1=1;
if(Y1%400==0) k1=1;
if(Y2%4==0&&Y2%100!=0) k2=1;
if(Y2%400==0) k2=1;
if(Y1!=Y2)
{
num1=second(0,s1)+minute(0,M1)+hour(0,h1)+day(1,d1)+month(1,m1,k1);
num1=year(Y1,Y1+1)-num1;
num2=second(0,s2)+minute(0,M2)+hour(0,h2)+day(1,d2)+month(1,m2,k2);
ans=num2+num1+year(Y1+1,Y2);
}
else{
if(m1!=m2)
{
num1=second(0,s1)+minute(0,M1)+hour(0,h1)+day(1,d1);
num1=month(m1,m1+1,k1)-num1;
num2=second(0,s2)+minute(0,M2)+hour(0,h2)+day(1,d2);
ans=num1+num2+month(m1+1,m2,k2);
}
else{
if(d1!=d2)
{
num1=second(0,s1)+minute(0,M1)+hour(0,h1);
num1=day(d1,d1+1)-num1;
num2=second(0,s2)+minute(0,M2)+hour(0,h2);
ans=num1+num2+day(d1+1,d2);
}
else{
if(h1!=h2)
{
num1=second(0,s1)+minute(0,M1);
num1=hour(h1,h1+1)-num1;
num2=second(0,s2)+minute(0,M2);
ans=num1+num2+hour(h1+1,h2);
}
else{
if(M1!=M2)
{
num1=second(0,s1);
num1=minute(M1,M1+1)-num1;
num2=second(0,s2);
ans=num1+num2+minute(M1+1,M2);
}
else{
if(s1!=s2){
ans=second(s1,s2);
}
}
}
}
}
}
printf("%lld",ans);
return 0;
}
T2 你做過接水問題嗎?
請百度 codevs 接水問題。
貪心,每次從堆中彈出當前打sif總時間最小的那個位置,加上當前人所用的時間再扔進去。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<queue>
using namespace std;
#define ll long long
int M,N;
int time[100010];
priority_queue<ll,vector<ll>,greater<ll> > q;
int main()
{
freopen("death.in","r",stdin);
freopen("death.out","w",stdout);
scanf("%d%d",&N,&M);
for(int i=1;i<=N;++i)
{
scanf("%d",&time[i]);
if(i<=M) q.push(time[i]);
}
if(M>N)
{
printf("%d",0);
return 0;
}
for(int i=M+1;i<=N;++i)
{
ll a=q.top();
q.pop();
a+=time[i];
q.push(a);
}
ll a=q.top();
printf("%lld",a);
return 0;
}
T3 出題人想要的不是dp
首先,這並不是一個dp題,而是一個貪心題。(dp會T)
首先說一下dp。
可以打一個裸的01揹包問題。因爲只有1 * 3和1 * 2的物品,所以在數量都夠的前提下,我們是可以一直往裏塞直到揹包全部填滿或是只剩下一個空爲止。數量不夠的話也可以一直往裏填。貌似是正確的。
雖然這道題dp可以水到60分,但是其實是有反例的。(不知道爲什麼沒有被卡)
如:
1
2 5 0 3
3 4 5
dp輸出12,但答案其實是9,因爲畫出來後是這樣:
其實這個黃的是沒法放進去的,也就是說,如果N或M爲2,而另一個%3==2,同時1*2的塊又不夠的時候,dp是會被卡掉的。
正解 前綴和+枚舉
因爲數據範圍太大 、同時物品的體積只有1 * 2和1 * 3兩種情況,考慮枚舉更新。
採用前綴和進行優化。先對物品按照價值從大到小排序,再計算可以放入體積爲3
的物品的最大數量(因爲3很特殊)。注意特判剩餘體積爲4但是不能放3的情況(也就是上面的反例)。
另外還要注意到所放的最大物品數不能超過你所擁有的物品數。
代碼
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;
int N,M,T,n1,n2;
int w1[100010],w2[100010],sum1[100010],sum2[100010];
bool cmp(int a,int b){ return a>b ; }
int main()
{
freopen("eyesight.in","r",stdin);
freopen("eyesight.out","w",stdout);
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%d%d%d%d",&N,&M,&n1,&n2);
for(int i=1;i<=n1;++i)
scanf("%d",&w1[i]);
for(int i=1;i<=n2;++i)
scanf("%d",&w2[i]);
sort(w1+1,w1+n1+1,cmp);
sort(w2+1,w2+n2+1,cmp);
for(int i=1;i<=n1;++i) sum1[i]=sum1[i-1]+w1[i];
for(int i=1;i<=n2;++i) sum2[i]=sum2[i-1]+w2[i];
int size=N*M,maxn2,maxn3,ans=-1;
if((N==2&&M%3==2)||(M==2&&N%3==2)) maxn3=(size-4)/3;
else maxn3=size/3;
maxn3=min(maxn3,n2);
for(int i=0;i<=maxn3;++i)
{
maxn2=min((size-3*i)/2,n1);
ans=max(ans,sum1[maxn2]+sum2[i]);
}
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}