第九題 迷宮取寶
標題:地宮取寶
X 國王有一個地宮寶庫。是 n x m 個格子的矩陣。每個格子放一件寶貝。每個寶貝貼着價值標籤。
地宮的入口在左上角,出口在右下角。
小明被帶到地宮的入口,國王要求他只能向右或向下行走。
走過某個格子時,如果那個格子中的寶貝價值比小明手中任意寶貝價值都大,小明就可以拿起它(當然,也可以不拿)。
當小明走到出口時,如果他手中的寶貝恰好是k件,則這些寶貝就可以送給小明。
請你幫小明算一算,在給定的局面下,他有多少種不同的行動方案能獲得這k件寶貝。
【數據格式】
輸入一行3個整數,用空格分開:n m k (1<=n,m<=50, 1<=k<=12)
接下來有 n 行數據,每行有 m 個整數 Ci (0<=Ci<=12)代表這個格子上的寶物的價值
要求輸出一個整數,表示正好取k個寶貝的行動方案數。該數字可能很大,輸出它對 1000000007 取模的結果。
例如,輸入:
2 2 2
1 2
2 1
程序應該輸出:
2
再例如,輸入:
2 3 2
1 2 3
2 1 5
程序應該輸出:
14
資源約定:
峯值內存消耗 < 256M
CPU消耗 < 1000ms
請嚴格按要求輸出,不要畫蛇添足地打印類似:“請您輸入...” 的多餘內容。
所有代碼放在同一個源文件中,調試通過後,拷貝提交該源碼。
注意: main函數需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 標準,不要調用依賴於編譯環境或操作系統的特殊函數。
注意: 所有依賴的函數必須明確地在源文件中 #include <xxx>, 不能通過工程設置而省略常用頭文件。
提交時,注意選擇所期望的編譯器類型。
這道題記憶化搜索,不過逗比的 如果不是我的話,那麼題目數據就有問題。
反正 看不懂了。
1 4 3
2 5 4 3
答案明顯的是 3。
走過某個格子時,如果那個格子中的寶貝價值比小明手中任意寶貝價值都大,小明就可以拿起它(當然,也可以不拿)。
那麼明顯的可以拿 2 5 4,2 5 3,2 4 3。 可是……網上找了一個AC的一測試,居然是0。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<stack>
#include<iostream>
#include<list>
#include<set>
#include<bitset>
#include<vector>
#include<cmath>
#define INF 0x7fffffff
#define eps 1e-8
#define LL long long
#define PI 3.141592654
#define CLR(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define FOR(i,a,b) for(int i=a;i<b;i++)
#define FOR_(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
#define sf scanf
#define pf printf
#define all(v) (v).begin(),(v).end()
#define acfun std::ios::sync_with_stdio(false)
#define SIZE (100000 +1)
#define MOD 1000000007
using namespace std;
int dp[51][51][14][13];
int g[51][51];
int n,m,kk;
int xx[]={1,0};
int yy[]={0,1};
int dfs(int x,int y,int _min,int k)
{
if(dp[x][y][_min+1][k]>=0)return dp[x][y][_min+1][k];
int sum=0;
if(x==n-1&&y==m-1)
{
if(g[x][y]>_min)
{
if(k==kk||k==kk-1)
sum++;
}
else if(k==kk)
sum++;
return dp[x][y][_min+1][k]=sum;
}
if(x==n||y==m)return 0;
if(g[x][y]>_min)
{
FOR(l,0,2)
{
sum+=dfs(x+xx[l],y+yy[l],_min,k);
sum%=MOD;
//走過某個格子時,如果那個格子中的寶貝價值比
//小明手中任意寶貝價值都大,小明就可以拿起它
//求出 tmp 爲最小的居然WA了。
// int tmp=_min;
// if(_min==-1)tmp=g[x][y];
// sum+=dfs(x+xx[l],y+yy[l],tmp,k+1);
/*
比如
1 4 3
2 5 4 3
答案明顯的是
2 5 4
2 5 3
2 4 3
一共三種。
不過AC的程序居然答案是 0
*/
/*//*/ sum+=dfs(x+xx[l],y+yy[l],g[x][y],k+1);
sum%=MOD;
}
}
else
{
FOR(l,0,2)
{
sum+=dfs(x+xx[l],y+yy[l],_min,k);
sum%=MOD;
}
}
return dp[x][y][_min+1][k]=sum;
}
int main()
{
while(~sf("%d%d%d",&n,&m,&kk))
{
FOR(i,0,n)
FOR(j,0,m)
sf("%d",&g[i][j]);
CLR(dp,-1);
int ans=dfs(0,0,-1,0);
pf("%d\n",ans);
}
}
第十題就更有意思了。坑死爲止。
就是找逆序對。
左邊 比它 大的。右邊比它小的。
long long ans 用 lld 輸出WA到哭。改爲I64d 就AC。。。累覺不愛。真是坑橋杯。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<stack>
#include<iostream>
#include<list>
#include<set>
#include<bitset>
#include<vector>
#include<cmath>
#define INF 0x7fffffff
#define eps 1e-8
#define LL long long
#define PI 3.141592654
#define CLR(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define FOR(i,a,b) for(int i=a;i<b;i++)
#define FOR_(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
#define sf scanf
#define pf printf
#define all(v) (v).begin(),(v).end()
#define acfun std::ios::sync_with_stdio(false)
#define SIZE (100000 +1)
#define MOD 1000000007
using namespace std;
int t[SIZE*3];
int us;
void update(int l,int r,int o)
{
if(l==r)
t[o]=1;
else
{
int m=(l+r)>>1;
if(us<=m)update(l,m,o*2);
else update(m+1,r,o*2+1);
t[o]=t[o*2]+t[o*2+1];
}
}
int ql,qr;
int query(int l,int r,int o)
{
if(ql<=l&&qr>=r)
return t[o];
else
{
int m=(l+r)>>1;
int ans=0;
if(ql<=m)ans+=query(l,m,o*2);
if(qr>m)ans+=query(m+1,r,o*2+1);
return ans;
}
}
struct node
{
int pos,val;
bool friend operator <(node a,node b)
{
if(a.val==b.val)
return a.pos>b.pos;
return a.val>b.val;
}
}l[SIZE];
LL f[SIZE*10];
int main()
{
int n;
f[0]=0;
FOR(i,1,SIZE)
f[i]=f[i-1]+i;
while(~sf("%d",&n))
{
CLR(t,0);
FOR(i,1,n+1)
{
sf("%d",&l[i].val);
l[i].pos=i;
}
sort(l+1,l+n+1);
LL ans=0;
FOR(i,1,n+1)
{
us=l[i].pos;
update(1,n,1);
ql=1,qr=l[i].pos-1;
int left=0;
if(ql<=qr)
left=query(1,n,1);
ql=l[i].pos+1,qr=n;
int right=0;
if(ql<=qr)
right=query(1,n,1);
right=n-l[i].pos-right;
ans+=f[left+right];
//pf("%d: %d %d\n",l[i].val,left,right);
}
pf("%I64d\n",ans);
//%lld WA到死!!!!
}
}