hdu5463-Clarke and minecraft
题目大意我就不赘述了，在比赛的页面有中文版的题目
思路：一开始想复杂了，其实这个题是非常水的。开一个长度是500的数组，把每个种类的材料数目累积下来，然后扫一遍每64个的材料算作一格，不满一格的必须按一格算不可以和其他材料叠加。最后将所有的格数加起来，再每36格运一趟，不足一趟的按一趟算。
代码：
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <queue>
#include <stack>
#include <cstring>
using namespace std;
#define maxn 500+5
#define clr(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
int ans[maxn];
typedef long long ll;
int main()
{
int T,n,a,b;
cin>>T;
while(T--)
{
clr(ans,0);
cin>>n;
for(int i=0; i<n; i++)
{
scanf("%d %d",&a,&b);
ans[a]+=b;
}
int ant=0;
for(int i=1; i<=500; i++)
if(ans[i])
{
ant+=ans[i]/64;
ans[i]%=64;
if(ans[i])ant++;
}
int k=ant/36;
ant%=36;
if(ant)k++;
cout<<k<<endl;
}
return 0;
}
hdu5464-Clarke and problem
题意也不说了
思路：说实话，看题目的时候没看出来这是dp，看来我的动态规划要重新学习！
但是看完题解才发现这确实肯定是dp，部分数据给的这么小，而且满足最优子结构、无后效性。。。
那么令dp（i，j）表示用前i个数模p等于j的方案数，那么状态转移方程是dp（i，j）=dp（i-1，j）+dp（i-1，（j-a[i]）mod p），注意这里状态转移方程与官方题解给的不一样（我觉得那个题解是错误的！）
解释是用前i个数模p等于j的方案数包括两个部分的内容：
一个是不取第i个数，那么就是用前i-1个数模p等于j的方案数
另一个是取第i个数，那么就是用前i-1个数模p等于（j-a[i]）的方案数 （取模后为负数的定义我就不给出了）
代码：
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <queue>
#include <stack>
#include <cstring>
using namespace std;
#define maxn 1000+5
#define clr(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
typedef long long ll;
int p;
ll a[maxn];
ll d[maxn][maxn];
ll dp(int i,int j)
{
if(d[i][j]>=0)return d[i][j];
if(!i)
{
if(!j)return d[i][j]=1;
else return d[i][j]=0;
}
ll k=j-a[i];
if(k>=0) k%=p;
else
{
ll h=-k/p;
k+=(h+1)*p;
k%=p;
}
return d[i][j]=(dp(i-1,j)+dp(i-1,k))%1000000007;
}
int main()
{
int T,n;
cin>>T;
while(T--)
{
cin>>n>>p;
clr(d,-1);
for(int i=1;i<=n;i++)
scanf("%lld",a+i);
printf("%lld\n",dp(n,0));
}
return 0;
}
hdu5465-Clarke and puzzle
这题暂时不会，还需要回去把博弈论里的NIM取数游戏和树状数组复习一下。。。
争取这周周末把我自己的思路写上来。。。