題目描述
輸入兩個鏈表,找出它們的第一個公共節點。
如下面的兩個鏈表:
在節點 c1 開始相交。
示例 1:
輸入:intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,0,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3
輸出:Reference of the node with value = 8
輸入解釋:相交節點的值爲 8 (注意,如果兩個列表相交則不能爲 0)。從各自的表頭開始算起,鏈表 A 爲 [4,1,8,4,5],鏈表 B 爲 [5,0,1,8,4,5]。在 A 中,相交節點前有 2 個節點;在 B 中,相交節點前有 3 個節點。
示例 2:
輸入:intersectVal = 2, listA = [0,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1
輸出:Reference of the node with value = 2
輸入解釋:相交節點的值爲 2 (注意,如果兩個列表相交則不能爲 0)。從各自的表頭開始算起,鏈表 A 爲 [0,9,1,2,4],鏈表 B 爲 [3,2,4]。在 A 中,相交節點前有 3 個節點;在 B 中,相交節點前有 1 個節點。
示例 3:
輸入:intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2
輸出:null
輸入解釋:從各自的表頭開始算起,鏈表 A 爲 [2,6,4],鏈表 B 爲 [1,5]。由於這兩個鏈表不相交,所以 intersectVal 必須爲 0,而 skipA 和 skipB 可以是任意值。
解釋:這兩個鏈表不相交,因此返回 null。
注意:
- 如果兩個鏈表沒有交點,返回 null.
- 在返回結果後,兩個鏈表仍須保持原有的結構。
- 可假定整個鏈表結構中沒有循環。
- 程序儘量滿足 O(n) 時間複雜度,且僅用 O(1) 內存。
循環遍歷
同時從頭結點開始按以下順序同時遍歷:
鏈表A->鏈表B:4 1 8 4 5 5 0 1 8 4 5
鏈表B->鏈表A:5 0 1 8 4 5 4 1 8 4 5
指針同時從頭結點出發,如果存在相交節點,一定會相遇。
需要注意的是,題目要求了不能改變兩個鏈表的結構,因此在遍歷時,不能將鏈表A尾部直接與鏈表B相接。只能遍歷
/**
* Definition for singly-linked list.
* public class ListNode {
* int val;
* ListNode next;
* ListNode(int x) {
* val = x;
* next = null;
* }
* }
*/
public class Solution {
public ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB) {
if(headA == null || headB == null) return null;
ListNode pa = headA, pb = headB;
int flag1 = 0, flag2 = 0; //flag1標記鏈表A走完沒有,flag2標記鏈表B走完沒有
while(pa != null && pb != null){
if(pa == pb){
return pa;
}else{
pa = pa.next;
pb = pb.next;
if(pa == null && flag1 == 0){
pa = headB;
flag1 = 1;
}else if(pb == null && flag2 == 0){
pb = headA;
flag2 = 1;
}
}
}
return null;
}
}
…看了更優的代碼,思路一樣,但是代碼實現不僅簡潔,執行時間也更少(或許這就是區別吧…)
public class Solution {
public ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB) {
ListNode l1 = headA, l2 = headB;
while (l1 != l2){
if (l1 != null) l1 = l1.next;
else l1=headB;
if (l2 != null) l2 = l2.next;
else l2=headA;
}
return l1;
}
}
還有另一種實現方法,比上述方法複雜些。根據鏈表長度來實現,將鏈表長度長的將起點先移動到同一起點上,然後同時尋找相交點。