title: HDU-2717 POJ-3278
categories:
- ACM
- BFS
tags: - 標誌數組妙用
date: 2020-02-19 18:36:00
太坑了,題中沒有標明有多個測試用例,如果只輸入一次,POJ可以通過,HDU必需用while(cin>>n>>k)
,並且POJ有一個測試用例是起點和終點一起,所以bfs的開始就要判斷起點和終點是否相同,每一次入隊前都要判斷起點和終點是否相同,如果爲了省代碼出隊判斷是否爲終點,犧牲了太多時間(多處理了太多點),我非常不推薦
題目
趕上那頭牛
*時間限制:5000/2000 MS(Java /其他)內存限制:32768/32768 K(Java /其他)
總計提交:28511已接受提交:7809
*
問題描述
農夫約翰已被告知一頭逃犯的位置,並希望立即抓住她。他從數字線上的點N(0≤N≤100,000)開始,而母牛在同一數字線上的點K(0≤K≤100,000)。農夫約翰有兩種運輸方式:步行和傳送。
*行走:FJ可以在一分鐘內從任意點X移至點X-1或X + 1。
*傳送:FJ可以在一分鐘內從任意點X移至點2×X。
如果沒有意識到它的追捕能力的母牛完全沒有動彈,那麼農夫約翰要花多長時間?
輸入值
第1行:兩個以空格分隔的整數:N和K
輸出量
第1行:最短的時間(以分鐘爲單位),農夫John趕上了逃亡的母牛。
樣本輸入
5 17
樣本輸出
4
暗示農夫約翰到達逃亡者牛的最快方法是沿着以下路徑移動:5-10-9-18-17,這需要4分鐘。
算法
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<string.h>
#include <queue>
using namespace std;
int n,k;
int zhou[100001];
int a,b;
bool judge(int w)
{
if(w>=0&&w<=100000&&zhou[w]==0)
return 1;
return 0;
}
void bfs(){
if(n==k){
cout<<0<<endl;
return ;
}
memset(zhou,0,sizeof(zhou));
zhou[n]=1;
queue<int> q;
q.push(n);
while(!q.empty())
{
a=q.front();
q.pop();
for(int i=0;i<3;i++)
{
if(i==0) b=a-1;
else if(i==1) b=a+1;
else b=2*a;
//if(b<0||b>100000) continue;
// if(zhou[b]==0)
if(judge(b))
{
zhou[b]=zhou[a]+1;
if(b==k)
{
cout<<zhou[b]-1<<endl;
return ;
}
q.push(b);
}
}
}
}
int main()
{
//freopen("input.txt", "r", stdin);
while(cin>>n>>k)
{
if(k<=n) cout<<n-k<<endl;
else bfs();
}
return 0;
}