題目鏈接:http://poj.org/problem?id=2019
題目大意:
給定一個N*N的矩陣,
查詢若干個B*B的矩陣中最大值和最小值的差值。
算法:
由於對於每個矩陣,查詢的子矩陣的大小是固定的。
所以一看就是基礎數據結構的練習。
不過我暫時沒空管這個,我做這道題是爲了寫一個二維RMQ的模板
二維RMQ的原理也很簡單。
首先像一維RMQ一樣,處理出以每個點爲左上角的大小爲(2^i)*(2^j)的矩陣中的最值。
查詢的時候,找出使得(2^k<b)的最大的k。
然後就可以把b*b的矩陣劃分成4個邊長爲2^k的小矩陣(有重疊)
代碼如下:
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<sstream>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<string>
#include<climits>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<vector>
#include<stack>
#include<set>
#include<map>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define eps 1e-8
using namespace std;
const int MAXN = 250;
const int MAXD = 8;
int mx[MAXN][MAXN];
int rmq1[MAXN][MAXN][MAXD][MAXD];
int rmq2[MAXN][MAXN][MAXD][MAXD];
inline int cal(int x)
{
int ret = 0;
while((1 << ret) <= x)
{
ret ++;
}
return ret - 1;
}
int main()
{
int n, b, q;
scanf("%d %d %d", &n, &b, &q);
for(int i = 0; i < n; i ++)
{
for (int j = 0; j < n; j ++)
{
scanf("%d", &mx[i][j]);
rmq1[i][j][0][0] = rmq2[i][j][0][0] = mx[i][j];
}
}
for (int i = n - 1; i >= 0; i --)
{
for (int j = n - 1; j >= 0; j --)
{
for (int k = 0; i + (1 << k) <= n; k ++)
{
for (int l = 0; j + (1 << l) <= n; l ++)
{
if (k)
{
rmq1[i][j][k][l] = min(rmq1[i][j][k - 1][l], rmq1[i + (1 << (k - 1))][j][k - 1][l]);
rmq2[i][j][k][l] = max(rmq2[i][j][k - 1][l], rmq2[i + (1 << (k - 1))][j][k - 1][l]);
}
else if (l)
{
rmq1[i][j][k][l] = min(rmq1[i][j][k][l - 1], rmq1[i][j + (1 << (l - 1))][k][l - 1]);
rmq2[i][j][k][l] = max(rmq2[i][j][k][l - 1], rmq2[i][j + (1 << (l - 1))][k][l - 1]);
}
}
}
}
}
int k, l;
k = l = cal(b);
while(q --)
{
int i, j;
scanf("%d%d", &i, &j);
i --;
j --;
int ans1 = INT_MAX, ans2 = INT_MIN;
ans1 = min(ans1, rmq1[i][j][k][l]);
ans1 = min(ans1, rmq1[i + b - (1 << k)][j][k][l]);
ans1 = min(ans1, rmq1[i][j + b - (1 << l)][k][l]);
ans1 = min(ans1, rmq1[i + b - (1 << k)][j + b - (1 << l)][k][l]);
ans2 = max(ans2, rmq2[i][j][k][l]);
ans2 = max(ans2, rmq2[i + b - (1 << k)][j][k][l]);
ans2 = max(ans2, rmq2[i][j + b - (1 << l)][k][l]);
ans2 = max(ans2, rmq2[i + b - (1 << k)][j + b - (1 << l)][k][l]);
printf("%d\n", ans2 - ans1);
}
return 0;
}