近期刷題小結10.14-10.19

原創 starusc 2020-06-29 23:37

P3380 【模板】二逼平衡樹（樹套樹）

題意

在這裏插入圖片描述

方法

線段樹套平衡樹
查詢k的排名：把每個區間的排名加起來O(logn2)O(log^2_n)
查詢排名爲k：不能相加，只能二分了O(logn3)O(log^3_n)
修改：把包含這個數的區間對應的二叉樹都修改了O(logn2)O(log^2_n)
查詢前驅：將每個區間的前驅取maxO(logn2)O(log^2_n)
查詢後繼：將每個區間的後繼取minO(logn2)O(log^2_n)
時間複雜度O(n∗logn3)O(n*log^3_n)
注意一下細節

心得

結構體方便

代碼
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
inline int read(){
	int x=0,f=1;char c=getchar();
	while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
	while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=getchar();}
	return f==1?x:-x;
}
const int N=1e5+4,inf=2147483647;
int n,m,a[N];
namespace treap{
	struct bala{
		int w,siz,num,wei,ch[2];
	}t[N*20];
	int tot=0;
	inline int newnode(int w){
		t[++tot].w=w;
		t[tot].wei=rand();
		t[tot].num=t[tot].siz=1;
		t[tot].ch[0]=t[tot].ch[1]=0;
		return tot;
	}
	inline void pushup(int p){
		t[p].siz=t[t[p].ch[1]].siz+t[t[p].ch[0]].siz+t[p].num;
	}
	inline void rotate(int &p,int d){
		int y=t[p].ch[d];
		t[p].ch[d]=t[y].ch[d^1];
		t[y].ch[d^1]=p;
		pushup(p);pushup(y);
		p=y;
	}
	inline void insert(int &p,int w){
		if(!p)p=newnode(w);
		else if(t[p].w==w)++t[p].num;
		else if(t[p].w>w){
			insert(t[p].ch[0],w);
			if(t[t[p].ch[0]].wei>t[p].wei)rotate(p,0);
		}
		else{
			insert(t[p].ch[1],w);
			if(t[t[p].ch[1]].wei>t[p].wei)rotate(p,1);
		}
		pushup(p);
	}
	inline void delet(int &p,int w){
		if(t[p].w>w)delet(t[p].ch[0],w);
		else if(t[p].w<w)delet(t[p].ch[1],w);
		else{
			if(t[p].num>1)t[p].num--;
			else if(!t[p].ch[0]&&!t[p].ch[1])p=0;
			else if(!t[p].ch[0]){
				rotate(p,1);
				delet(t[p].ch[0],w);
			} 
			else if(!t[p].ch[1]){
				rotate(p,0);
				delet(t[p].ch[1],w);
			}
			else{
				if(t[t[p].ch[0]].wei>t[t[p].ch[1]].wei){
					rotate(p,0);
					delet(t[p].ch[1],w);
				}
				else{
					rotate(p,1);
					delet(t[p].ch[0],w);
				}
			}
		}
		if(p)pushup(p);
	} 
	inline int queryrank(int p,int k){//+1
		if(!p)return 0;
		if(t[p].w>k)return queryrank(t[p].ch[0],k);
		if(t[p].w==k)return t[t[p].ch[0]].siz;
		return t[t[p].ch[0]].siz+t[p].num+queryrank(t[p].ch[1],k);
	}
	inline int querypre(int p,int k){
		if(!p)return -inf;
		if(k<=t[p].w)return querypre(t[p].ch[0],k);
		return max(t[p].w,querypre(t[p].ch[1],k));
	}
	inline int querysuf(int p,int k){
		if(!p)return inf;
		if(t[p].w<=k)return querysuf(t[p].ch[1],k);
		return min(t[p].w,querysuf(t[p].ch[0],k));
	}
}
namespace seg{
	#define lc (p<<1)
	#define rc (p<<1|1)
	int rt[N<<2];
	inline void build(int p,int l,int r){
		for(int i=l;i<=r;i++)//!!
			treap::insert(rt[p],a[i]);
		if(l==r)return;
		int mid=l+r>>1;
		build(lc,l,mid);
		build(rc,mid+1,r);
	}
	inline void modify(int p,int l,int r,int x,int y){
		treap::delet(rt[p],a[x]);
		treap::insert(rt[p],y);
		if(l==r)return;
		int mid=l+r>>1;
		if(x<=mid)modify(lc,l,mid,x,y);
		else modify(rc,mid+1,r,x,y);
	}
	inline int queryrank(int p,int l,int r,int L,int R,int k){
		if(L<=l&&r<=R)return treap::queryrank(rt[p],k);
		int mid=l+r>>1,ret=0;
		if(L<=mid)ret+=queryrank(lc,l,mid,L,R,k);
		if(mid<R)ret+=queryrank(rc,mid+1,r,L,R,k);
		return ret;
	}
	inline int querynum(int u,int v,int k){//不能像queryrank一樣累加，故二分
		int l=0,r=1e8,mid;
		while(l<r){
			mid=l+r+1>>1;
			if(queryrank(1,1,n,u,v,mid)<k)l=mid;
			else r=mid-1;
		} 
		return r;
	}
	inline int querypre(int p,int l,int r,int L,int R,int k){
		if(L<=l&&r<=R)return treap::querypre(rt[p],k);
		int mid=l+r>>1,ret=-inf;
		if(L<=mid)ret=max(ret,querypre(lc,l,mid,L,R,k));
		if(mid<R)ret=max(ret,querypre(rc,mid+1,r,L,R,k));
		return ret;
	}
	inline int querysuf(int p,int l,int r,int L,int R,int k){
		if(L<=l&&r<=R)return treap::querysuf(rt[p],k);
		int mid=l+r>>1,ret=inf;
		if(L<=mid)ret=min(ret,querysuf(lc,l,mid,L,R,k));
		if(mid<R)ret=min(ret,querysuf(rc,mid+1,r,L,R,k));
		return ret;
	}
}
int main(){
	srand(time(0));
	n=read();m=read();
	for(int i=1;i<=n;i++)
		a[i]=read();
	seg::build(1,1,n);
	for(int i=1,op,x,y,l,r,k;i<=m;i++){
		op=read();
		switch(op){
			case 1:l=read();r=read();k=read();printf("%d\n",seg::queryrank(1,1,n,l,r,k)+1);break;
			case 2:l=read();r=read();k=read();printf("%d\n",seg::querynum(l,r,k));break;
			case 3:x=read();y=read();seg::modify(1,1,n,x,y);a[x]=y;break;
			case 4:l=read();r=read();k=read();printf("%d\n",seg::querypre(1,1,n,l,r,k));break;
			case 5:l=read();r=read();k=read();printf("%d\n",seg::querysuf(1,1,n,l,r,k));break;
		}
	}
	return 0;
}

[CQOI2011]動態逆序對

題意

對於序列A，它的逆序對數定義爲滿足i<j，且Ai>Aj的數對(i,j)的個數。給1到n的一個排列，按照某種順序依次刪除m個元素，你的任務是在每次刪除一個元素之前統計整個序列的逆序對數。

方法

線段樹
我們只需知道刪除元素的前面有幾個比他大的，後面有幾個比他小的，就可以算出減少的逆序對，可是序列要變啊
先用樹狀數組求出一開始的逆序對，算有幾個數比自己大時，算的是區間，很容易想到可以用主席樹，每次我們把刪除的節點加入主席樹，計算貢獻時減去他們就好了

代碼
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
inline int read(){
	int x=0,f=1;char c=getchar();
	while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
	while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=getchar();}
	return f==1?x:-x;
}
#define ll long long
const int N=1e5+4;
int n,m,a[N],pre[N],suf[N],pos[N];
ll ans=0;
namespace bit{
	int t[N];
	inline void add(int x,int v){
		for(;x<=n;x+=x&-x)t[x]+=v;
	}
	inline int ask(int x){
		int ret=0;
		for(;x;x-=x&-x)ret+=t[x];
		return ret;
	}
	inline void clear(){
		memset(t,0,sizeof(t));
	}
}
namespace segment{
	struct tree{
		ll sum;
		int ls,rs;
	}t[N*60];
	int rt[N],tot=0;
	inline void insert(int &p,int l,int r,int x){
		if(!p)p=++tot;
		++t[p].sum;
		if(l==r)return;
		int mid=l+r>>1;
		if(x<=mid)insert(t[p].ls,l,mid,x);
		else insert(t[p].rs,mid+1,r,x); 
	}
	inline ll query(int p,int l,int r,int L,int R){
		if(L<=l&&r<=R)return t[p].sum;
		int mid=l+r>>1;
		ll ret=0;
		if(L<=mid)ret=query(t[p].ls,l,mid,L,R);
		if(mid<R)ret+=query(t[p].rs,mid+1,r,L,R);
		return ret;
	}
	inline ll find(int p1,int p2,int l,int r){
		if(l>r)return 0;
		ll ret=0;
		for(;p2;p2-=p2&-p2)
			ret+=query(rt[p2],1,n,l,r);
		for(;p1;p1-=p1&-p1)
			ret-=query(rt[p1],1,n,l,r);
		return ret;
	}
	inline void modify(int p,int x){
		for(;p<=n;p+=p&-p)insert(rt[p],1,n,x);
	}
}
int main(){
	n=read();m=read();
	for(int i=1;i<=n;i++){
		a[i]=read();
		pos[a[i]]=i;
		pre[i]=bit::ask(n-a[i]);
		bit::add(n-a[i]+1,1);
	}
	bit::clear();
	for(int i=n;i;i--){
		suf[i]=bit::ask(a[i]-1);
		ans+=suf[i];
		bit::add(a[i],1);
	}
	for(int i=1,x,p;i<=m;i++){
		x=read();p=pos[x];
		printf("%lld\n",ans);
		ans-=pre[p]+suf[p]-segment::find(0,p,x+1,n)-segment::find(p,n,1,x-1);
		segment::modify(p,x);
		//加入刪除的元素，計算貢獻時就減去這些已刪除的數 
	}
	return 0;
}

P3591 [POI2015]ODW

題意

給定一棵n個點的樹，樹上每條邊的長度都爲1，第i個點的權值爲a[i]。Byteasar想要走遍這整棵樹，他會按照某個1到n的全排列b走n-1次，第i次他會從b[i]點走到b[i+1]點，並且這一次的步伐大小爲c[i]。對於一次行走，假設起點爲x，終點爲y，步伐爲k，那麼Byteasar會從x開始，每步往前走k步，如果最後不足k步就能到達y，那麼他會一步走到y。請幫助Byteasar統計出每一次行走時經過的所有點的權值和。

方法

暴力數據結構——分塊
如果步伐比分的塊大小大，我們暴力
否則
記b[i][j]b[i][j]表示，從根節點到當前節點的路徑上，經過該節點，每jj個節點經過一個節點的權值和，預處理之後我們就可以用分塊做了
時間複雜度O(nn)O(n\sqrt{n})

心得

分塊好難寫啊，動不動就寫錯，代碼能力還是太弱了

代碼
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
inline int read(){
	int x=0,f=1;char c=getchar();
	while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
	while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=getchar();}
	return f==1?x:-x;
}
const int N=5e4+4,S=225;
struct edge{
	int v,nxt;
}e[N<<1];
int first[N],cnt=0;
inline void add(int u,int v){
	e[++cnt].v=v;e[cnt].nxt=first[u];first[u]=cnt;
}
int n,a[N],b[N],C[N],fa[N][20],dep[N],s[S+1][N];
inline void dfs1(int x){
	for(int i=1;(1<<i)<=dep[x];i++)
		fa[x][i]=fa[fa[x][i-1]][i-1];
	for(int i=first[x],v;i;i=e[i].nxt){
		v=e[i].v;
		if(v==fa[x][0])continue;
		fa[v][0]=x;
		dep[v]=dep[x]+1;
		dfs1(v);
	}
}
inline int LCA(int a,int b){
	if(dep[a]<dep[b])swap(a,b);
	int tmp=dep[a]-dep[b];
	for(int i=0;i<20;i++)
		if((1<<i)&tmp)a=fa[a][i];
	if(a==b)return a;
	for(int i=19;i>=0;i--)
		if(fa[a][i]!=fa[b][i]){
			a=fa[a][i];b=fa[b][i];
		}
	return fa[a][0];
}
inline int getfa(int a,int x){
	for(int i=0;i<20;i++)
		if((1<<i)&x)a=fa[a][i];
	return a;
}
inline void dfs2(int x){
//s[i]表示根節點到i的路徑上，每c個點取一個，且i恰好被取到（根不一定被取到）
	int u=fa[x][0];
	for(int i=1;i<=S;i++){
		s[i][x]=s[i][u]+a[x];
		u=fa[u][0];//
	}
	for(int i=first[x],v;i;i=e[i].nxt){
		v=e[i].v;
		if(v!=fa[x][0])dfs2(v);
	}
}
int main(){
	n=read();
	for(int i=1;i<=n;i++)a[i]=read();
	for(int i=1,u,v;i<n;i++){
		u=read();v=read();
		add(u,v);add(v,u);
	}
	for(int i=1;i<=n;i++)b[i]=read();
	for(int i=1;i<n;i++)C[i]=read();
	dep[1]=1;dfs1(1);
	dfs2(1);
	for(int i=1,u,v,c,lca,ans,flca,fv,c1,c2;i<n;i++){
		u=b[i];v=b[i+1];c=C[i];
		lca=LCA(u,v);
		if(c==1){
			printf("%d\n",s[1][u]+s[1][v]-s[1][lca]-s[1][fa[lca][0]]);
			continue;
		}
//		c1=(dep[u]-dep[lca])%c;
//		c2=(dep[v]-dep[lca]+c1)%c;
//		fv=getfa(lca,c2);
		if(c<=S){
			ans=s[c][u];
			c1=(dep[u]-dep[lca])%c;
			if(!c1)c1=c;//不含lca 
			for(int i=19;~i;i--)
				if(dep[fa[u][i]]-dep[lca]>=c1)u=fa[u][i];
			ans+=a[u]-s[c][u];
			if(dep[u]+dep[v]-(dep[lca]<<1)>=c){//含lca 
				c2=c-dep[u]+dep[lca];
				u=v;
				for(int i=19;~i;i--)
					if(dep[fa[u][i]]-dep[lca]>=c2)u=fa[u][i];//
				c1=(dep[v]-dep[u])%c;
				if(c1)ans+=a[v];
				v=getfa(v,c1);
				ans+=s[c][v]-s[c][u]+a[u];
			}
			else ans+=a[v];
			printf("%d\n",ans);
			continue;
//			flca=getfa(lca,c-c1);
//			ans=s[c][u]-s[c][flca];
//			cout<<ans<<" ";
//			flca=getfa(lca,c1);
//			ans+=s[c][fv]-s[c][flca];
//			printf("%d\n",ans);
//			continue;
		}
		ans=0;
		while(dep[u]-dep[lca]>c){
			ans+=a[u];u=getfa(u,c);
		}
		ans+=a[u];
		if(dep[u]+dep[v]-(dep[lca]<<1)>=c){
			int c1=c-dep[u]+dep[lca];
			u=v;
			for(int i=16;~i;i--)
				if(dep[fa[u][i]]-dep[lca]>=c1)u=fa[u][i];
			c1=(dep[v]-dep[u])%c;
			if(c1)ans+=a[v];
			v=getfa(v,c1);
			while(dep[v]-dep[u]>=c){
				ans+=a[v];v=getfa(v,c);
			}
			ans+=a[v];
		}
		else ans+=a[v];
		printf("%d\n",ans);
//		ans=0;
//		while(dep[u]>=dep[lca]){
//			ans+=a[u];
//			u=getfa(u,c);
//		}
//		while(dep[fv]>dep[lca]){
//			ans+=a[fv];
//			fv=getfa(fv,c);
//		}
	}
	return (0-0);
}

P5357 【模板】AC自動機（二次加強版）

題意

在這裏插入圖片描述

方法

建AC自動機
有個優化，每次匹配到時，並不用跳failfail指針，只用在該節點上記值，最後我們用failfail建樹，dfsdfs一遍，求出答案

心得

玄學優化

代碼
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=2e5+4,M=2e6+4;
int n,a[N][27],fail[N],siz[N],cnt=1,ed[N];
char t[N],s[M];
inline void getfail(){
	fail[1]=0;
	queue<int>q;
	for(int i=0;i<26;i++)a[0][i]=1;
	q.push(1);
	while(!q.empty()){
		int x=q.front();q.pop();
		for(int i=0,u;i<26;i++){
			u=a[x][i];
			if(!u){
				a[x][i]=a[fail[x]][i];
				continue;
			}
			fail[u]=a[fail[x]][i];
			q.push(u);
		}
	}
}
struct edge{
	int v,nxt;
}e[N];
int first[N],tot=0;
inline void add(int u,int v){
	e[++tot].v=v;e[tot].nxt=first[u];first[u]=tot;
}
inline void dfs(int x){
	for(int i=first[x],v;i;i=e[i].nxt){
		v=e[i].v;
		dfs(v);
		siz[x]+=siz[v];//統計反了 
	}
}
int main(){
	scanf("%d",&n);
	for(int i=1,len,p,c;i<=n;i++){
		scanf("%s",t+1);
		len=strlen(t+1);
		p=1;
		for(int j=1;j<=len;j++){
			c=t[j]-'a';
			if(!a[p][c])a[p][c]=++cnt;
			p=a[p][c];
		}
		ed[i]=p;//結尾節點 
	}
	getfail();
	scanf("%s",s+1);
	for(int i=1,p=1,len=strlen(s+1);i<=len;i++){
		p=a[p][s[i]-'a'];
		siz[p]++;//每個子串遍歷次數 
	}
	for(int i=1;i<=cnt;i++)
		add(fail[i],i);
	dfs(1);//累計次數 
	for(int i=1;i<=n;i++)
		printf("%d\n",siz[ed[i]]);
	return (0-0);
}

P3812 【模板】線性基

題意

給定n個整數（數字可能重複），求在這些數中選取任意個，使得他們的異或和最大。

方法

線性基是一個數的集合，並且每個序列都擁有至少一個線性基
三（四）大性質：

  1. 原序列裏面的任意一個數都可以由線性基裏面的一些數異或得到
  2. 線性基裏面的任意一些數異或起來都不能得到0
  3. 線性基裏面的數的個數唯一，並且在保持性質一的前提下，數的個數是最少的

推薦學習
可以用線性基解決，貪心選最大值

心得

真神奇

代碼
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
inline int read(){
	int x=0,f=1;char c=getchar();
	while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
	while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=getchar();}
	return f==1?x:-x;
}
int n,ans=0,a[51],p[101];
inline void solve(int x){
	for(int i=50;i>=0;i--){
		if(!(x>>i))continue;
		if(!p[i]){p[i]=x;break;}
		x^=p[i];
	}
}
signed main(){
	n=read();
	for(int i=1;i<=n;i++)
		solve(a[i]=read());
	for(int i=50;i>=0;i--)
		if((ans^p[i])>ans)ans^=p[i];
	cout<<ans;
	return 0;
}

CF126B Password

題意

你需要找到既是S的前綴又是S的後綴同時又在S中間出現過的最長子串

現在給你字符串S，你需要找到滿足上述要求的子串T

方法

擴展KMP，不過實際好像叫Z−algorithmZ-algorithm
思想和manachemanache差不多
在這裏插入圖片描述
用法大概就是字符串匹配吧。模式串+’$’+文本串是一個很好的選擇。

求出zz數組後，如何保證前綴也是後綴呢?z[i]==n-i.直觀理解上就是以這一位爲開始的串有n-i位與前綴相同。顯而易見這說的就是後綴和前綴相等。那如何保證這一個串在中間也出現過呢？遍歷的過程中記錄一個z[i]的最大值maxx，若這個maxx>=n-i，則說明前面至少出現過不短於他的一個和前綴相同的串

心得

最後答案的求得還不是很能求出，好要加油！！！！！！！！！！！！！

代碼
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e6+4;
int n,fail[N],z[N];
char s[N];
inline void Z_algorithm(){
	for(int i=2,l=1,r=1,k;i<=n;i++){
		if(i>r){
			l=r=i;
			while(r<=n&&s[r-l+1]==s[r])r++;
			z[i]=r-l;r--;
		}
		else{
			k=i-l+1;
			if(z[k]<r-i+1)z[i]=z[k];
			else{
				l=i;
				while(r<=n&&s[r-l+1]==s[r])r++;
				z[i]=r-l;r--;
			}
		}
	}
}
int main(){
	scanf("%s",s+1);
	n=strlen(s+1);
	Z_algorithm();
	int mx=0,pos=0;
	for(int i=2;i<=n;i++){
		if(z[i]==n-i+1&&mx>=n-i+1){pos=i;break;}//妙啊！！ 
		mx=max(mx,z[i]);
	}
	if(!pos)printf("Just a legend");
	else for(int i=1;i<=n-pos+1;i++)putchar(s[i]);
	return (0-0);
}

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼

題意
方法
心得
代碼
發表評論
所有評論
還沒有人評論，想成為第一個評論的人麼? 請在上方評論欄輸入並且點擊發布.
相關文章

vue的學習與總結

一、vue項目的目錄結構 二、vue的運行流程  index.html—>main.js—>App.vue—>router/index.js 1.index.html（項目頁面入口） <!DOCTYPE html> <html>

sherazade 2020-07-04 08:46:50

CSP圖論複習

最短路 dijkstra O((m+n)logn)O((m+n)log_n)O((m+n)logn​) 基於貪心思想，不能處理負邊權（每個點第一次出爲最短路，但負邊權若離源點較遠，還沒更新到就已確定了答案） inline void

starusc 2020-06-30 00:19:42

近期刷題小結9.24-10.11

NOIP2016提高組換教室 洛谷P1850 題意 兩個序列ccc,ddd，你需依次走過這nnn個點，如果申請，則有pppi 的機會將ccci 換成dddi，但你只能申請mmm次，求走過這nnn個點的路徑總和的期望最小值。 方法

starusc 2020-06-29 23:37:28

內含乾坤的ip addr指令

前文 IP地址是唯一用來標識我們主機的地址，想要查看我們本地的ip相信大部分使用電腦的同學都知道，window上可以用ipconfig指令，linux上則可用ifconfig或者ip addr，下面是我從自己的linux上截取的

湟同学你好 2020-06-29 06:42:53

Mysql角色與日誌初體驗（從查詢更新入手）

文章目錄Mysql三大角色客戶端:服務端（核心功能）:連接器查詢緩存分析器優化器執行器存儲引擎Mysql的查詢流程redo log和binlogbinlog日誌 和 redlog日誌的差別更新語句的執行流程ps 前提： 當我們認知

湟同学你好 2020-06-29 06:42:53

你真的懂數據庫的索引嗎（上篇）

文章目錄前情提要索引常用數據結構以及B+樹常用數據結構InnoDB的索引模型索引的維護索引的優化以及一些原則覆蓋索引最左前綴原則索引下推 ==============================================

湟同学你好 2020-06-29 06:42:53

你真的懂數據庫的索引嗎（下篇）

文章目錄普通索引和唯一索引的選擇查詢過程更新過程如何選擇這兩種索引MySQL對索引的選擇索引選擇異常和處理給字符串加索引 =============================================== 普通索引和唯

湟同学你好 2020-06-29 06:42:53

初識網絡協議和網絡分層

目錄初識協議概念初識請求流程網絡分層的意義 初識協議概念 語言是一種工具，只有具有相同語言的人，才能在彼此之間進行交流。同理，協議就像一種規則，只有基於相同規則的事物，才能進行彼此之間的通信。今天所說的網絡協議，亦不過如此。 協議

湟同学你好 2020-06-29 06:42:53

View的事件體系小結

View的事件體系小結 一、view的基礎概念 （1）啥爲View？ View爲Android中所有控件的基類（控件：Button、TextView等），它是界面層控件的一種抽象，我們日常所用的View以及ViewGroup都是繼

湟同学你好 2020-06-29 06:42:53

PHP 如果傳值爲空則檢索全部的 傳值則檢索對應的值

if(is_numeric($data['he_status'])) { $status = $data['he_status']; $where .= " AND o.h

tian_fighting 2020-06-26 08:20:01

《MySQL實戰45講》學習小結（運維篇）

丁奇老師《MySQL實戰45講》的學習小結   第一篇：基礎概念   第二篇：運維管理   之前對數據庫主要是使用，運維管理做得很少，主要是備份、備份、備份 ^_^ 通過這門課，在運維管理這方面學到的知識最多，學習內容的整理也最喫力。  

黄鹤 2020-06-22 15:22:04

《MySQL實戰45講》學習小結（應用篇）

丁奇老師《MySQL實戰45講》的學習小結 第一篇：基礎概念 第二篇：運維管理   第三篇：合理使用MySQL   題目很大，寫得出來的很少 -_-! 把自己的理解梳理出一個提綱，作爲一個速查手冊吧。     第一部分：sql優化   1

黄鹤 2020-06-22 14:38:14

《MySQL實戰45講》學習小結（基礎篇）

最近學習丁奇老師的《MySQL實戰45講》，明白了以前一知半解的概念，對MySQL的運行機制有了比較系統的理解。 課程內容組織得非常好，留言裏面也有很多精彩的見解，學到了很多東西，過程很享受。 在此先感謝下丁奇老師。   這裏把學到的內容

黄鹤 2020-06-22 14:38:14

Array.reduce()方法的使用

Array.reduce()方法的使用 起因是學習異步函數的串行與並行寫法時，發現reduce方法可以簡化寫法，然後看到一篇博客裏面這樣一段代碼: var array = [1, [2, [3, 4], 5], 6]; fun

q1325545052 2020-06-16 14:05:53

菜鳥的C++學習（二）

滿哥曾經說過：同學們啊！早上好啊！今天天氣不錯…C++只學習三天。 對於初學乍練的我們來說，還是有一定挑戰性的！ 今天的東東 <1>類與對象： 1）  不能在類的聲明中給數據成員進行初始化。 2）  關鍵字有public、private

mxdly 2020-06-15 17:43:32