題目描述
在數組中的兩個數字,如果前面一個數字大於後面的數字,則這兩個數字組成一個逆序對。輸入一個數組,求出這個數組中的逆序對的總數P。並將P對1000000007取模的結果輸出。 即輸出P%1000000007
解題思路
劍指offer的解法
看到這個題目,我們的第一反應是順序掃描整個數組。每掃描到一個數組的時候,逐個比較該數字和它後面的數字的大小。如果後面的數字比它小,則這兩個數字就組成了一個逆序對。假設數組中含有n個數字。由於每個數字都要和O(n)這個數字比較,因此這個算法的時間複雜度爲O(n^2)。
我們以數組{7,5,6,4}爲例來分析統計逆序對的過程。每次掃描到一個數字的時候,我們不拿ta和後面的每一個數字作比較,否則時間複雜度就是O(n^2),因此我們可以考慮先比較兩個相鄰的數字。
(a) 把長度爲4的數組分解成兩個長度爲2的子數組;
(b) 把長度爲2的數組分解成兩個成都爲1的子數組;
© 把長度爲1的子數組 合併、排序並統計逆序對 ;
(d) 把長度爲2的子數組合並、排序,並統計逆序對;
在上圖(a)和(b)中,我們先把數組分解成兩個長度爲2的子數組,再把這兩個子數組分別拆成兩個長度爲1的子數組。接下來一邊合併相鄰的子數組,一邊統計逆序對的數目。在第一對長度爲1的子數組{7}、{5}中7大於5,因此(7,5)組成一個逆序對。同樣在第二對長度爲1的子數組{6}、{4}中也有逆序對(6,4)。由於我們已經統計了這兩對子數組內部的逆序對,因此需要把這兩對子數組 排序 如上圖(c)所示, 以免在以後的統計過程中再重複統計。
接下來我們統計兩個長度爲2的子數組子數組之間的逆序對。合併子數組並統計逆序對的過程如下圖如下圖所示。
我們先用兩個指針分別指向兩個子數組的末尾,並每次比較兩個指針指向的數字。如果第一個子數組中的數字大於第二個數組中的數字,則構成逆序對,並且逆序對的數目等於第二個子數組中剩餘數字的個數,如下圖(a)和(c)所示。如果第一個數組的數字小於或等於第二個數組中的數字,則不構成逆序對,如圖b所示。每一次比較的時候,我們都把較大的數字從後面往前複製到一個輔助數組中,確保 輔助數組(記爲copy) 中的數字是遞增排序的。在把較大的數字複製到輔助數組之後,把對應的指針向前移動一位,接下來進行下一輪比較。
過程:先把數組分割成子數組,先統計出子數組內部的逆序對的數目,然後再統計出兩個相鄰子數組之間的逆序對的數目。在統計逆序對的過程中,還需要對數組進行排序。如果對排序算法很熟悉,我們不難發現這個過程實際上就是歸併排序。
代碼實現
class Solution {
public:
int InversePairs(vector<int> data) {
int length=data.size();
if(length<=0)
return 0;
//vector<int> copy=new vector<int>[length];
vector<int> copy;
for(int i=0;i<length;i++)
copy.push_back(data[i]);
long long count=InversePairsCore(data,copy,0,length-1);
//delete[]copy;
return count%1000000007;
}
long long InversePairsCore(vector<int> &data,vector<int> ©,int start,int end)
{
if(start==end)
{
copy[start]=data[start];
return 0;
}
int length=(end-start)/2;
long long left=InversePairsCore(copy,data,start,start+length);
long long right=InversePairsCore(copy,data,start+length+1,end);
int i=start+length;
int j=end;
int indexcopy=end;
long long count=0;
while(i>=start&&j>=start+length+1)
{
if(data[i]>data[j])
{
copy[indexcopy--]=data[i--];
count=count+j-start-length; //count=count+j-(start+length+1)+1;
}
else
{
copy[indexcopy--]=data[j--];
}
}
for(;i>=start;i--)
copy[indexcopy--]=data[i];
for(;j>=start+length+1;j--)
copy[indexcopy--]=data[j];
return left+right+count;
}
};