題目描述:
很久以前,T王國空前繁榮。爲了更好地管理國家,王國修建了大量的快速路,用於連接首都和王國內的各大城市。
爲節省經費,T國的大臣們經過思考,制定了一套優秀的修建方案,使得任何一個大城市都能從首都直接或者通過其他大城市間接到達。同時,如果不重複經過大城市,從首都到達每個大城市的方案都是唯一的。
J是T國重要大臣,他巡查於各大城市之間,體察民情。所以,從一個城市馬不停蹄地到另一個城市成了J最常做的事情。他有一個錢袋,用於存放往來城市間的路費。
聰明的J發現,如果不在某個城市停下來修整,在連續行進過程中,他所花的路費與他已走過的距離有關,在走第x千米到第x+1千米這一千米中(x是整數),他花費的路費是x+10這麼多。也就是說走1千米花費11,走2千米要花費23。
J大臣想知道:他從某一個城市出發,中間不休息,到達另一個城市,所有可能花費的路費中最多是多少呢?
輸入格式:
輸入的第一行包含一個整數n,表示包括首都在內的T王國的城市數
城市從1開始依次編號,1號城市爲首都。
接下來n-1行,描述T國的高速路(T國的高速路一定是n-1條)
每行三個整數Pi, Qi,Di,表示城市Pi和城市Qi之間有一條高速路,長度爲Di千米。
輸出格式:
輸出一個整數,表示大臣J最多花費的路費是多少。
樣例輸入:
5
1 2 2
1 3 1
2 4 5
2 5 4
樣例輸出:
135
樣例說明:
大臣J從城市4到城市5要花費135的路費。
思路:結構體存儲各條邊和權值信息,然後對每對節點(i,j)進行dfs得到路徑長度並計算花費,最後輸出最多花費即可。
#include <stdio.h>
//結構體存儲邊信息
struct Edge
{
int v1,v2;
int weight;
int vis;
}edge[1000];
int n;//n表示城市數,也代表最大的城市編號
int len=0;//從一個節點到另一個節點之間的距離
int cost;
//花費實際爲等差數列求和
int getCost(const int len)
{
return (21+len)*len/2;
}
//對每對節點(i,j)進行dfs遍歷,獲取路徑長度,s表示起點,e表示終點
void dfs(const int s,const int e)
{
int flag=0,p;
//判斷起點和終點是不是在同一條邊的兩端,是則說明遍歷成功,計算路徑和花費
for(int i=0;i<n-1;i++)
{
if(edge[i].v1==s && edge[i].v2==e || edge[i].v1==e && edge[i].v2==s)
{
flag=1;
p=i;
break;
}
}
if(flag)
cost=getCost(len+edge[p].weight);
else
{
for(int i=0;i<n-1;i++)
{
if(!edge[i].vis && edge[i].v1==s)
{
edge[i].vis=1;
len+=edge[i].weight;
dfs(edge[i].v2,e);
edge[i].vis=0;
len-=edge[i].weight;
}
if(!edge[i].vis && edge[i].v2==s)
{
edge[i].vis=1;
len+=edge[i].weight;
dfs(edge[i].v1,e);
edge[i].vis=0;
len-=edge[i].weight;
}
}
}
}
int main()
{
int costMax=0;
scanf("%d",&n);
int tmp=n-1;
for(int i=0;i<n-1;i++)
{
scanf("%d%d%d",&edge[i].v1,&edge[i].v2,&edge[i].weight);
edge[i].vis=0;
}
for(int i=1;i<n;i++)
{
for(int j=i+1;j<=n;j++)
{
dfs(i,j);
costMax=costMax<cost?cost:costMax;
}
}
printf("%d\n",costMax);
return 0;
}