Farmer John變得非常懶,他不想再繼續維護供奶牛之間供通行的道路。道路被用來連接N個牧場,牧場被連續地編號爲1到N。每一個牧場都是一個奶牛的家。FJ計劃除去P條道路中儘可能多的道路,但是還要保持牧場之間 的連通性。你首先要決定那些道路是需要保留的N-1條道路。第j條雙向道路連接了牧場Sj和Ej(1 <= Sj <= N; 1 <= Ej <= N; Sj != Ej),而且走完它需要Lj的時間。沒有兩個牧場是被一條以上的道路所連接。奶牛們非常傷心,因爲她們的交通系統被削減了。你需要到每一個奶牛的住處去安慰她們。每次你到達第i個牧場的時候(即使你已經到過),你必須花去Ci的時間和奶牛交談。你每個晚上都會在同一個牧場(這是供你選擇的)過夜,直到奶牛們都從悲傷中緩過神來。在早上 起來和晚上回去睡覺的時候,你都需要和在你睡覺的牧場的奶牛交談一次。這樣你才能完成你的 交談任務。假設Farmer John採納了你的建議,請計算出使所有奶牛都被安慰的最少時間。
第1行包含兩個整數N和P。
接下來N行,每行包含一個整數Ci。
接下來P行,每行包含三個整數Sj, Ej和Lj。
10
10
20
6
30
1 2 5
2 3 5
2 4 12
3 4 17
2 5 15
3 5 6
5 <= N <= 10000,N-1 <= P <= 100000,0 <= Lj <= 1000,1 <= Ci <= 1,000。
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<stdlib.h>
struct road
{
int u, v, w;
} e[100010];
int p[10010], n, m, min, f[10010];
int find(int x)
{
if(f[x] != x)
f[x] = find(f[x]);
return f[x];
}
int cmp(const void *a, const void *b)
{
return (*(struct road*)a).w - (*(struct road*)b).w;
}
int main()
{
int i, j, k;
while(scanf("%d%d", &n, &m) != EOF)
{
min = 0x3f3f3f3f;
for(i = 1; i <= n; ++i)
{
scanf("%d", &p[i]);
if(p[i] < min)
min = p[i];
f[i] = i;
}
for(i = 0; i < m; ++i)
{
scanf("%d%d%d",&e[i].u, &e[i].v, &e[i].w);
e[i].w = 2*e[i].w + p[e[i].u] + p[e[i].v];
}
qsort(e, m, sizeof(e[0]), cmp);
int ans = 0;
for(i = 0; i < m; ++i)
{
j = find(e[i].u);
k = find(e[i].v);
if(j != k)
{
ans += e[i].w;
f[j] = k;
}
}
printf("%d\n", ans+min);
}
return 0;
}
題意:有p條道路連接n個牧場,編號1~n,你需要到每一個牧場花費一定的時間安慰奶牛。其中起點可以任意選擇,但是每經過一個牧場你就得花費相應的時間去安慰那個牧場,還有一個是晚上必須得回到起點睡覺。
思路:我們選擇需要時間最少的牧場作爲起點,開始遍歷其它的牧場,我們可以將一條邊的權值當作兩端牧場的時間加上2倍的邊權值。因爲對於這條邊來說我們會走2次但是隻統計一次,所以我們需要加2倍的邊權值,其次對於兩邊的端點來說,我們每統計一條邊就會統計一次端點時間,所以如果某個點有超過一條以上的邊,我們便會統計其對應的邊數的次數的時間。這裏要注意的是安慰所有的牧場必定能在一天之內完成,所以最後統計完最小生成樹的總和後,還需要加一次晚上回來時安慰起點的時間。