Given a collection of integers that might contain duplicates, nums, return all possible subsets (the power set).
Note: The solution set must not contain duplicate subsets.
Example:
Input: [1,2,2] Output: [ [2], [1], [1,2,2], [2,2], [1,2], [] ]
解題思路：與78題不同，本題可能存在相同的元素，如何刪除相同的集合則是本題的難點。
以[1,2,2]爲例，以78解題思路（回溯剪枝），得到子集的順序爲[[],[1],[1,2],[1,2,2],[1,2],[2],[2,2],[2]]，相當於先找到第一個元素構成的所有子集，再找第二個元素構成的子集，由此類推，如果繼續採用這種思路，在剔除的時候會有點麻煩。
本題用另外一種思路，與78題中的非遞歸解法一致，從最終結果來看，求得子集順序爲[[],[1],[2],[1,2],[2],[1,2],[2,2],[1,2,2]]，即先求元素個數爲0的子集，接着求個數爲1的子集，由此類推，具體做法如下：
先將nums排序，來保證所有相同的元素在一起，設一個ans數組記錄已經有的子集，將空集壓入。
壓入1：調出空集，將1壓入得到[[],[1]]
壓入2：首先調出[]，得到[2]，再調出[1]，得到[1,2]，當前結果爲[[],[1],[2],[1,2]]。
壓入第二個2：從第二次得出的子集，依次再在每個子集中壓入2，最終得到[[],[1],[2],[1,2],[2],[1,2],[2,2],[1,2,2]]
此即爲78題非遞歸的解法，如果要用於本題，在壓入第二個2的時候，需要去除[[],[1],[2],[1,2]]中不含有第一個2的子集，在剩下的子集中壓入第二個2。換言之，需要修改left。
當此時num的值與上一次遍歷的值一致，left應該爲壓入上一個num值前的子集個數。
class Solution {
public:
vector<vector<int>> subsetsWithDup(vector<int>& nums) {
sort(nums.begin(), nums.end());
vector<vector<int>>ans;
vector<int>tempans;
ans.push_back(tempans);
int right = 1, left = 0, len = 0;
for(int i = 0; i < nums.size(); ++ i){
if(i != 0 && (nums[i] == nums[i-1]))
left = ans.size() - len;
else
left = 0;
right = ans.size();
len = right - left;
for(int j = left; j < right; ++ j){
tempans = ans[j];
tempans.push_back(nums[i]);
ans.push_back(tempans);
}
}
return ans;
}
};