題目:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3203
來源:2009 Shanghai Invitation Contest Host by DHU思路:設狀態dp(i, 0)表示第i個人來之前門壞,到結束時的最小花費,dp(i, 1)表示第i個人來之前門好,到結束時的最小花費。
當第i個人來之前門壞時,YY有兩種選擇,修或者不修,得到兩種狀態,dp(i + 1, 0) + b 和 a + p * dp(i + 1, 0) + (1.0 - p) * dp(i + 1, 1)
當第i個人來之前門好時,只有一種情況[按概率是否踢壞門],p * dp(i + 1, 0) + (1.0 - p) * dp(i + 1, 1)
初始化:f[n][0] = min(a, b), f[n][1] = 0
逆推求解
參考:http://www.cnblogs.com/zcwwzdjn/archive/2012/02/25/2367364.html// hdoj 3203 Door Repairing
// ac 46MS 1796K
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int MAXN = 100010;
int n, d, a, b, i;
double p, f[MAXN][2];
int main() {
while (scanf("%d %d %d %d", &n, &d, &a, &b) != EOF, n || d || a || b) {
p = d / 100.0;
if (n <= 1)
printf("%.4lf\n", 0.0);
else {
f[n][0] = min(a, b), f[n][1] = 0;
for (i = n - 1; i >= 1; i --) {
f[i][0] = min(f[i + 1][0] + b, a + p * f[i + 1][0] + (1.0 - p) * f[i + 1][1]);
f[i][1] = p * f[i + 1][0] + (1.0 - p) * f[i + 1][1];
}
printf("%.4lf\n", f[1][1]);
}
}
return 0;
}