數論分塊模板(2sqrt(n))適用於|n / i|向下取餘
因爲n/i一共有2sqrt(n)個值所以時間複雜度爲根號n
適用範圍:只要出現的式子有n/i則可以進行分塊
//nl代表總的左邊界,nr是總的右邊界
for(long long l=nl,r;l<=nr;l=r+1){
r=min(n/(n/l),nr);
long long t=n/l;
//l代表當前塊的左邊界,r代表右邊界,t代表爲分塊的第幾塊
}
前根n樸素,後根n分塊
附數據便於理解 1-1000的分塊情況
1 1
2 2
3 3
4 4
5 5
6 6
7 7
8 8
9 9
10 10
11 11
12 12
13 13
14 14
15 15
16 16
17 17
18 18
19 19
20 20
21 21
22 22
23 23
24 24
25 25
26 26
27 27
28 28
29 29
30 30
31 31
32 32
33 33
34 34
35 35
36 37
38 38
39 40
41 41
42 43
44 45
46 47
48 50
51 52
53 55
56 58
59 62
63 66
67 71
72 76
77 83
84 90
91 100
101 111
112 125
126 142
143 166
167 200
201 250
251 333
334 500
501 1000
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
const long long MOD=998244353;
long long pow_mod(long long a,long long n,long long m){
long long ans=1;
while(n){
if(n&1){
ans=(ans*a)%m;
}
a=(a*a)%m;
n>>=1;
}
return ans;
}
int main(void){
int T;
long long n,nl,nr;
cin>>T;
long long Inv=pow_mod(2,MOD-2,MOD);
while(T--){
scanf("%lld%lld%lld",&n,&nl,&nr);
//-2nt+nn-n+t(t+1)i
//t*(t+1)i-2nt
long long ans=((n*n-n)%MOD)*((nr-nl+1))%MOD;
for(long long l=nl,r;l<=nr;l=r+1){
r=min(n/(n/l),nr);
long long t=n/l;
ans=(ans+t*(t+1)%MOD*(r+l)%MOD*(r-l+1)%MOD*Inv)%MOD;
ans=(ans-2*n*t%MOD*(r-l+1)%MOD+MOD)%MOD;
}
ans=ans*Inv%MOD;
printf("%lld\n",ans);
}
return 0;
}