傳送門:BZOJ1017
比較複雜的樹形Dp。
複雜的是這道題Dp方程的定義:
轉移時我們先不考慮以i爲根的子樹合成了n個i卻未完全上交的情況。i爲樹葉時,Dp是顯然的,如果i不爲樹葉,則轉換是顯然的。但在這轉移中,假設我們給子節點
避免的方法是,用g數組來記錄,這一步不太好講但是比較好懂,建議直接看代碼。
代碼上的小細節見下。
`
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;
const int maxlongint=0x7fffffff,inf=maxlongint/3;
int n,m;
int power[105];
int num[105];
int cost[105];
int need[105],fa[105];
int f[105][105][2205];
int g[2205];
int ans;
vector<int> G[105];
void Dfs(int p)
{
if(G[p].size()==0){
num[p]=min(num[p],m/cost[p]);
for(int i=0;i<=num[p];i++)
for(int j=i;j<=num[p];j++)
f[p][i][j*cost[p]]=(j-i)*power[p];
return;
}
num[p]=inf;
for(int i=0;i<G[p].size();i++){
int v=G[p][i];
Dfs(v);
num[p]=min(num[p],num[v]/need[v]);
}
for(int i=0;i<=num[p];i++)
f[p][i][0]=0;
for(int i=0;i<G[p].size();i++){
int v=G[p][i];
for(int j=0;j<=num[p];j++){
memcpy(g,f[p][j],sizeof(f[p][j]));
memset(f[p][j],-1,sizeof(f[p][j]));
for(int k=0;k<=m;k++)
for(int r=0;r<=k;r++)
if(g[k-r]!=-1&&f[v][j*need[v]][r]!=-1)
f[p][j][k]=max(f[p][j][k],g[k-r]+f[v][j*need[v]][r]);
}
}
for(int i=0;i<=num[p];i++)
for(int j=i;j<=num[p];j++)
for(int k=0;k<=m;k++)
if(f[p][j][k]!=-1)
f[p][i][k]=max(f[p][i][k],f[p][j][k]+(j-i)*power[p]),ans=max(ans,f[p][i][k]);
}
void Readdata()
{
freopen("loli.in","r",stdin);
scanf("%d%d",&n,&m);
char crash;
for(int i=1;i<=n;i++){
scanf("%d%c",&power[i],&crash);
scanf("%c",&crash);
if(crash=='B')
scanf("%d%d",&cost[i],&num[i]);
else{
int a;
scanf("%d",&a);
for(int j=1;j<=a;j++){
int b,c;
scanf("%d%d",&b,&c);
G[i].push_back(b);
need[b]=c;fa[b]=i;
}
}
}
}
void Solve()
{
memset(f,-1,sizeof(f));
for(int i=1;i<=n;i++)
if(!fa[i])
Dfs(i);
printf("%d\n",ans);
}
void Close()
{
fclose(stdin);
fclose(stdout);
}
int main()
{
Readdata();
Solve();
Close();
return 0;
}