最大乘积
给定N个整数A1, A2, … AN。请你从中选出K个数,使其乘积最大。
请你求出最大的乘积,由于乘积可能超出整型范围,你只需输出乘积除以1000000009的余数。
10e9+9
注意,如果X<0, 我们定义X除以1000000009的余数是负(-X)除以1000000009的余数。
即:0-((0-x) % 1000000009)
【输入格式】
第一行包含两个整数N和K。
以下N行每行一个整数Ai。
对于40%的数据,1 <= K <= N <= 100
对于60%的数据,1 <= K <= 1000
对于100%的数据,1 <= K <= N <= 100000 -100000 <= Ai <= 100000
【输出格式】
一个整数,表示答案。
【输入样例】
5 3
-100000
-10000
2
100000
10000
【输出样例】
999100009
再例如:
【输入样例】
5 3
-100000
-100000
-2
-100000
-100000
【输出样例】
-999999829
方案一、试探当前乘积是否为最大值。
由于没有该题测评平台,该方案不确定能通过所有测试样例。
有朋友知道该代码不能过样例的话,十分欢迎留言讨论,我也很想知道:)
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
const ll mod = 1e9+9;
ll ans=1, N, K, sz[100010], k=0;
using namespace std;
int main()
{
cin>>N>>K;
for(int i=0; i<N; i++)
cin>>sz[i];
sort(sz, sz+N);
ll l=0, r=N-1;
while(k!=K)
{
if(sz[l]*sz[l+1] > sz[r]*sz[r-1] && K-k >= 2)
{
ans = ((ans * sz[l])%mod * sz[l+1])%mod;
l = l + 2;
k += 2;
}
else
{
ans = (ans * sz[r])%mod;
r = r - 1;
k++;
}
}
cout<<ans;
return 0;
}
方案二:分类讨论不同负数与正数个数情况。相应的情况,对数组元素做出相应处理最大乘积。
思路:
N个数选K个数 K<=N
N个数中负数size1个,正数size2个,一共size个(不包含0)
将正数分到正数组,负数分到负数组,并将两个数组从小到大排序
1.size<K
必须选择0 ans=0
2.size=K
2.1 size1是偶数 ans=非0数累乘
2.2 size1不是偶数
2.2.1 K<N 说明有0存在,ans=0
2.2.2 K=N 说明无0存在,ans=全部累乘
3.size>K
3.1 没有正数
3.1.1 K为偶数,ans=绝对值最大的那K个负数累乘
3.1.2 K为奇数
3.1.2.1 size<N ans=0
3.1.2.2 size=N ans=绝对值最小的那K个负数累乘
3.2 没有负数 ans=最大的那K个正数累乘
3.3 有正有负(寻找正数组、负数组的起始游标)
3.3.1 正数不足k个,假定正数全部选中,剩余偶数个负数,等会再来挪动标尺
选完正数后,剩余可选个数是奇数,正数先少选一个
3.3.2 正数多于k个,假定从正数中先选最大的k个
3.3.2.1 k是偶数 起始游标:正数组 size1-1 负数组 0
3.3.2.2 k是奇数 起始游标:正数组 size1-2 负数组 0
双标尺移动
作用:寻找累乘正数组与负数组哪一段。
操作:看负数游标起始位置随后的两个负数相乘是否大于正数,游标位置随后的两个正数相乘。
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const ll Mod = 1e9+9;
vector <ll> neg, pos;
ll ans, n, k;
ll mul(vector<ll> a, int start, int end)
{
ll ans=1;
for(int i=start; i<=end; i++)
ans = ans * a[i] % Mod;
return ans;
}
int main()
{
cin>>n>>k;
for(int i=1; i<=n; i++)
{
ll x;
cin>>x;
//只处理正数和负数,0不处理
if(x>0) pos.push_back(x);
if(x<0) neg.push_back(x);
}
sort(pos.begin(), pos.end());
sort(neg.begin(), neg.end());
//分类讨论
unsigned long sizeSum = pos.size() + neg.size();
// 1.正数和负数的个数不足k,必然有0的存在
if(sizeSum < k)
{
ans=0;
}
// 2.正数和负数的个数恰好为k
else if(sizeSum == k)
{
//2.1 k与n相等,必须选这k个数,没有0
if(k==n)
{
ans = mul(pos, 0, pos.size()-1) * mul(neg, 0, neg.size()-1)%Mod;
}
//2.2 k<n,有0的存在
else
{
//2.2.1 可得正数解当且仅当:正数全部选中,负数全部选中且为偶数个
if(neg.size()%2==0)
{
ans = mul(pos, 0, pos.size()-1) * mul(neg, 0, neg.size()-1)%Mod;
}
//2.2.2 负数是奇数个,全部选中结果为负数,不全部选中可得0,ans=0
else
{
ans=0;
}
}
}
//3.正数和负数的个数大于k,情况比较复杂
//sum>k
else
{
// 3.1没有正数,负数和0中选k个
if(pos.size() == 0)
{
//3.1.1 k是偶数
if(k%2==0)
{
ans = mul(neg, 0, k-1);
}
//3.1.2 k是奇数
else
{
//有0
if(sizeSum < n)
ans=0;
//没有0,必须从所有负数中选奇数个数>=累乘绝对值小的
else//逆向选k个
ans = mul(neg, neg.size()-k, neg.size()-1);
}
}
//3.2 没有负数
else if(neg.size() == 0)//逆向选k个
ans = mul(pos, pos.size()-k, pos.size()-1);
//3.3 有正数也有负数
else
{
int posStart;
int negEnd;
//3.3.1 正数不足k个
if(k>=pos.size())
{
//假定正数全部选中,剩余偶数个负数,等会再来挪动标尺
if((k-pos.size()) % 2 == 0)
{
//负数选择的截止下标
negEnd = k - pos.size() - 1;
//正数选择的起始下标
posStart = 0;
}
else
{
//剩余个数是奇数,正数先少选一个
//正数选择的起始下标
posStart = 1;
//负数选择的起始下标
negEnd = k - pos.size();
}
}
//正数多于k个,假定从正数中先选最大的k个
else
{
//k是偶数
if(k%2==0)
{
negEnd = -1;
posStart = pos.size() - k;
}
//k是奇数,先少选一个
else
{
negEnd = -1;
posStart = pos.size() - k - 1;
}
}
//双标尺移动
while(negEnd + 2 < neg.size() && posStart + 2 < pos.size() &&
neg[negEnd + 1] * neg[negEnd +2] > pos[posStart] * pos[posStart + 1])
{
negEnd += 2;
posStart += 2;
}
ans = mul(neg, 0, negEnd) * mul(pos, posStart, pos.size()-1) % Mod;
}
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
希望能够将自己的一些学习经验分享给有需要的人。
我是小郑,一个坚持不懈的小白。