簡要題意:
給定一個圖,每個點有點權。一個人從 號點出發,可以任意走路徑,也可以任意停止旅行。每個點的點權表示水晶球的價格,初始這個人沒有水晶球,可以在任意點賣出,也可以在任意點買。只能買賣一次。當然也可以不賣。求他的最大盈利。(賺不了則輸出 )
本題是 提高組 第三題.
算法一
對於 的數據,.
爆搜即可,隨你什麼姿勢都可以過。
時間複雜度:.
實際得分:.
算法二
對於 的數據,.
顯然,我們可以對每個節點 遍歷一遍,考慮從 買進,何處的賣出價格最高。考慮統計一遍即可。
時間複雜度:.
實際得分:.
算法三
對於 的數據,不存在環。
不存在環?這很簡單啊。
對於 每條路徑,統計出該條路徑的最小值與最大值,作差即可。
你可以選擇記錄路徑。可是不需要,你可以在搜索的時候記錄。
時間複雜度:.
實際得分:.
算法四
對於 的數據,.
顯然,算法三已經非常接近正解。
從 遍歷,對當前節點 ,記錄之前路徑的最小值並考慮在當前賣出的答案,然後更新最小值即可!
時間複雜度:.
實際得分:.
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e5+1;
inline int read() {int f=1; char ch=getchar(); while(!isdigit(ch)) {if(ch=='-') f=-f; ch=getchar();}
int x=0; while(isdigit(ch)) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar(); return x*f;}
vector<int> G[N];
int n,m,f[N],g[N],a[N];
inline void dfs(int x,int val,int pre) {
bool fl=1; val=min(a[x],val);
if(g[x]>val) g[x]=val,fl=0;
int coin=max(f[pre],a[x]-val);
if(f[x]<coin) f[x]=coin,fl=0;
if(fl) return;
for(int i=0;i<G[x].size();i++) dfs(G[x][i],val,x);
}
int main() {
n=read(),m=read();
memset(g,0x3f,sizeof(g));
for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=read();
while(m--) {
int x=read(),y=read(),z=read();
G[x].push_back(y);
if(z==2) G[y].push_back(x);
} dfs(1,1e9,0);
printf("%d\n",f[n]);
return 0;
}